Description
我们知道，从区间[L,H]（L和H为整数）中选取N个整数，总共有(H-L+1)^N种方案。小z很好奇这样选出的数的最大公约数的规律，他决定对每种方案选出的N个整数都求一次最大公约数，以便进一步研究。然而他很快发现工作量太大了，于是向你寻求帮助。你的任务很简单，小z会告诉你一个整数K，你需要回答他最大公约数刚好为K的选取方案有多少个。由于方案数较大，你只需要输出其除以1000000007的余数即可。
Input
输入一行，包含4个空格分开的正整数，依次为N，K，L和H。
Output
输出一个整数，为所求方案数。
Sample Input
2 2 2 4
Sample Output
3
HINT
样例解释
所有可能的选择方案：(2, 2), (2, 3), (2, 4), (3, 2), (3, 3), (3, 4), (4, 2), (4, 3), (4, 4)
其中最大公约数等于2的只有3组：(2, 2), (2, 4), (4, 2)
对于100%的数据，1≤N,K≤10^9，1≤L≤H≤10^9，H-L≤10^5
正解：莫比乌斯反演+杜教筛。
看到$PoPoQQQ$设了两个函数，于是照着模仿，自己推了一下。。
设$f(k)$表示$[l,r]$中选数，$gcd=d$的方案数。
设$g(k)$表示$[l,r]$中选数，$d|gcd$的方案数，易知$g(k)=(\left \lfloor \frac{r}{k} \right \rfloor-\left \lfloor \frac{l-1}{k} \right \rfloor)^{n}$。
因为$g(k)=\sum_{k|d}f(d)$，由莫比乌斯反演，$f(k)=\sum_{k|d} \mu(\frac{d}{k})g(i)$。
令$d=kQ$，$f(k)=\sum_{Q=1}^{\left \lfloor \frac{r}{k} \right \rfloor}\mu(Q)(\left \lfloor \frac{r}{kQ} \right \rfloor-\left \lfloor \frac{l-1}{kQ} \right \rfloor)^{n}$。
此时我们可以把$l-1,r$同除以$k$，用杜教筛求出莫比乌斯函数的前缀和，然后数论分块就能计算出答案了。
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2 #include <algorithm>
3 #include <iostream>
4 #include <cstring>
5 #include <cstdlib>
6 #include <cstdio>
7 #include <vector>
8 #include <cmath>
9 #include <queue>
10 #include <stack>
11 #include <map>
12 #include <set>
13 #define rhl (1000000007)
14 #define N (3000010)
15 #define inf (1<<30)
16 #define il inline
17 #define RG register
18 #define ll long long
19 #define File(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)
20
21 using namespace std;
22
23 int mu[N],vis[N],prime[N],n,k,l,r,cnt,maxn;
24 ll ans;
25
26 map <int,int> f,vi;
27
28 il int gi(){
29 RG int x=0,q=1; RG char ch=getchar();
30 while ((ch<‘0‘ || ch>‘9‘) && ch!=‘-‘) ch=getchar();
31 if (ch==‘-‘) q=-1,ch=getchar();
32 while (ch>=‘0‘ && ch<=‘9‘) x=x*10+ch-48,ch=getchar();
33 return q*x;
34 }
35
36 il ll qpow(RG ll a,RG ll b){
37 RG ll ans=1;
38 while (b){
39 if (b&1) ans=ans*a%rhl;
40 a=a*a%rhl,b>>=1;
41 }
42 return ans;
43 }
44
45 il void sieve(){
46 mu[1]=1;
47 for (RG int i=2;i<=maxn;++i){
48 if (!vis[i]) prime[++cnt]=i,mu[i]=rhl-1;
49 for (RG int j=1,k;j<=cnt;++j){
50 k=i*prime[j]; if (k>maxn) break; vis[k]=1;
51 if (i%prime[j]) mu[k]=rhl-mu[i]; else break;
52 }
53 }
54 for (RG int i=2;i<=maxn;++i){
55 mu[i]+=mu[i-1]; if (mu[i]>=rhl) mu[i]-=rhl;
56 }
57 return;
58 }
59
60 il ll du(RG int n){
61 if (n<=maxn) return mu[n]; if (vi[n]) return f[n];
62 RG ll ans=1; RG int pos; vi[n]=1;
63 for (RG int i=2;i<=n;i=pos+1){
64 pos=n/(n/i),ans-=(ll)(pos-i+1)*du(n/i)%rhl;
65 if (ans<0) ans+=rhl;
66 }
67 return f[n]=ans;
68 }
69
70 il void work(){
71 n=gi(),k=gi(),l=(gi()-1)/k,r=gi()/k,maxn=min(3000000,r),sieve();
72 for (RG int q=1,p,pos;q<=r;q=pos+1){
73 p=l/q; if (!p) pos=r/(r/q); else pos=min(l/(l/q),r/(r/q));
74 (ans+=(du(pos)-du(q-1)+rhl)*qpow(r/q-l/q,n))%=rhl;
75 }
76 printf("%lld\n",ans); return;
77 }
78
79 int main(){
80 File("number");
81 work();
82 return 0;
83 }