【题目描述】
现在在二维平面内原点上有一只机器人
他每次操作可以选择向右走，向左走，向下走，向上走和不走(每次如果走只能走一格）
但是由于本蒟蒻施展的大魔法，机器人不能走到横坐标是负数或者纵坐标是负数的点上
否则他就会big bang
给定操作次数n，求有多少种不同的操作序列使得机器人在操作后会回到原点
输出答案模998244353后的结果
注意如果两个操作序列存在某一时刻操作不同，则我们认为这两个操作序列不同
【输入格式】
输入n，表示操作次数
n<=100000
【输出格式】
按要求输出答案
【样例输入】
3
【样例输出】
7
【提示】
样例解释：
机器人有7种操作序列
1、不走 不走 不走
2、不走 向右 向左
3、向右 不走 向左
4、向右 向左 不走
5、不走 向上 向下
6、向上 不走 向下
7、向上 向下 不走
正解：组合数学+$NTT$。
学习卡特兰数以后做这题好像不难？
我们把操作分为$3$类，向右和向左为一类，向上和向下为一类，不动为一类。
那么如果只考虑前两类中的任何一类，那就是卡特兰数，因为这就是要求有$n/2$个$+1$,$-1$，且所有前缀和都$>=0$的序列方案数。很显然，只有偶数能取前两种情况。
那么我们扩展一下，如果有前两种操作，该怎么做？
$f[n]$表示$n$步路回到原点的方案数，那么$f[n]=\sum_{i=0}^{n}a[i]*a[n-i]*\binom{n}{i}$。
$a[i]$表示前两类操作走$i$步的方案数，$a[i]=c[i/2]$，当且仅当$i$为偶数，$c$为卡特兰数。
也就是说，从第一类操作中选$i$步，第二类操作中选$n-i$步，最后再组合起来，就是这个方案。
上式我们已经可以用$NTT$优化，做到$O(nlogn)$的复杂度。
考虑第$3$中操作，其实很简单了。我们只要枚举前两个操作总共有多少步，再和第$3$个操作组合一下就行。
也就是$Ans=\sum_{i=0}^{n}f[i]*\binom{n}{i}$。
1 #include <bits/stdc++.h>
2 #define il inline
3 #define RG register
4 #define ll long long
5 #define rhl (998244353)
6 #define N (500010)
7
8 using namespace std;
9
10 int inv[N],fac[N],ifac[N],a[N],c[N],rev[N],n,m,lg,ans;
11
12 il int qpow(RG int a,RG int b){
13 RG int ans=1;
14 while (b){
15 if (b&1) ans=1LL*ans*a%rhl;
16 a=1LL*a*a%rhl,b>>=1;
17 }
18 return ans;
19 }
20
21 il void pre(){
22 fac[0]=ifac[0]=fac[1]=ifac[1]=inv[1]=1;
23 for (RG int i=2;i<=(n<<1);++i){
24 inv[i]=1LL*(rhl-rhl/i)*inv[rhl%i]%rhl;
25 fac[i]=1LL*fac[i-1]*i%rhl;
26 ifac[i]=1LL*ifac[i-1]*inv[i]%rhl;
27 }
28 return;
29 }
30
31 il void NTT(int *a,RG int n,RG int f){
32 for (RG int i=0;i<n;++i) if (i<rev[i]) swap(a[i],a[rev[i]]);
33 for (RG int i=1;i<n;i<<=1){
34 RG int gn=qpow(3,(rhl-1)/(i<<1)),x,y;
35 for (RG int j=0,g=1;j<n;j+=i<<1,g=1)
36 for (RG int k=0;k<i;++k,g=1LL*g*gn%rhl){
37 x=a[j+k],y=1LL*g*a[j+k+i]%rhl;
38 a[j+k]=x+y; if (a[j+k]>=rhl) a[j+k]-=rhl;
39 a[j+k+i]=x-y; if (a[j+k+i]<0) a[j+k+i]+=rhl;
40 }
41 }
42 if (f==1) return; reverse(a+1,a+n); RG int inv=qpow(n,rhl-2);
43 for (RG int i=0;i<n;++i) a[i]=1LL*a[i]*inv%rhl;
44 return;
45 }
46
47 int main(){
48 #ifndef ONLINE_JUDGE
49 freopen("robot.in","r",stdin);
50 freopen("robot.out","w",stdout);
51 #endif
52 cin>>n; pre();
53 for (RG int i=1;i<=n;++i)
54 c[i]=1LL*fac[i<<1]*ifac[i]%rhl*ifac[i]%rhl*inv[i+1]%rhl;
55 for (m=1;m<=(n<<1);m<<=1) ++lg; a[0]=1;
56 for (RG int i=1;i<=n;++i) if (!(i&1)) a[i]=1LL*c[i>>1]*ifac[i]%rhl;
57 for (RG int i=0;i<m;++i) rev[i]=rev[i>>1]>>1|((i&1)<<(lg-1));
58 NTT(a,m,1); for (RG int i=0;i<m;++i) a[i]=1LL*a[i]*a[i]%rhl;
59 NTT(a,m,-1); for (RG int i=0;i<=n;++i) a[i]=1LL*a[i]*fac[i]%rhl;
60 for (RG int i=0;i<=n;++i)
61 ans=(ans+1LL*a[i]*fac[n]%rhl*ifac[i]%rhl*ifac[n-i])%rhl;
62 printf("%d\n",ans); return 0;
63 }