题目描述
HH 有一串由各种漂亮的贝壳组成的项链。HH 相信不同的贝壳会带来好运，所以每次散步完后，他都会随意取出一段贝壳，思考它们所表达的含义。HH 不断地收集新的贝壳，因此，他的项链变得越来越长。有一天，他突然提出了一个问题：某一段贝壳中，包含了多少种不同的贝壳？这个问题很难回答……因为项链实在是太长了。于是，他只好求助睿智的你，来解决这个问题。
输入输出格式
输入格式：
第一行：一个整数N，表示项链的长度。
第二行：N 个整数，表示依次表示项链中贝壳的编号（编号为0 到1000000 之间的整数）。
第三行：一个整数M，表示HH 询问的个数。
接下来M 行：每行两个整数，L 和R（1 ≤ L ≤ R ≤ N），表示询问的区间。
输出格式：
M 行，每行一个整数，依次表示询问对应的答案。
输入输出样例
输入样例#1：
6 1 2 3 4 3 5 3 1 2 3 5 2 6
输出样例#1：
2 2 4
数据范围：
对于100%的数据，N <= 500000，M <= 500000。
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这个数据一看就不能暴力标记什么的水过去
然后看到维护和询问的区间信息 所以很快想到了线段树
关键是维护的序列是什么呢？
我们选择维护一个1~n的序列 对每个点：为0表示此时下标表示的数不存在，为1表示此时下标表示的数存在
我们选择离线做法，先记录下每次询问 一边处理每个值 一边查询
将询问按照右端点排序，now记录当前访问到的询问
记last[i]数组 表示 i上一次出现的位置（即截止目前最后出现的位置
用一遍for循环 update贝壳的编号进入序列 即update(1,i,1); 表示现在在当前位出现
然后将上一次出现i的位置重置为0 即 update(1,last[a[i]],0); 并记下i出现的当前新位置last[a[i]]=i;
对于询问 每次从处理好的询问中 找出右端点和当前处理位置相同的询问 进行查询
怎样查询呢？
因为每一次我们只记录下了每个值最后出现的位置 以前的早已清零，所以查询一段区间中有多少的不同值就是做区间求和
于是就变成线段树的基本操作了ovo
注：1.注意线段树中查询操作的写法
2.注意开够数组
贴个代码
1 #include<iostream>
2 #include<cstdio>
3 #include<algorithm>
4 #include<cmath>
5 #include<cstring>
6 #define N 500100
7 #define lc p<<1
8 #define rc p<<1|1
9 using namespace std;
10 int n,m;
11 int a[N];
12 struct node
13 {
14 int l,r,val;
15 }t[N<<6];
16
17 struct pu
18 {
19 int x,y,id,ans;
20 }q[N];
21 bool cmp(pu a,pu b) { return a.y<b.y; }
22 bool cmp1(pu a,pu b) { return a.id<b.id; }
23
24 void pushup(int p){
25 t[p].val=t[lc].val+t[rc].val;
26 }
27 void build(int p,int l,int r)
28 {
29 t[p].l=l; t[p].r=r;
30 if(l==r) return;
31 int mid=l+r>>1;
32 build(lc,l,mid);
33 build(rc,mid+1,r);
34 pushup(p);
35 }
36 void update(int p,int x,int v)
37 {
38 if(t[p].l==t[p].r)
39 {
40 t[p].val=v;
41 return;
42 }
43 int mid=t[p].l+t[p].r>>1;
44 if(x<=mid) update(lc,x,v);
45 else update(rc,x,v);
46 pushup(p);
47 }
48 int query(int p,int ql,int qr)
49 {
50 //if(t[p].l<ql||t[p].r>qr) return 0;
51 if(ql<=t[p].l&&t[p].r<=qr)
52 return t[p].val;
53 int ans=0;
54 int mid=t[p].l+t[p].r>>1;
55 if(ql<=mid) ans+=query(lc,ql,qr);
56 if(qr>mid) ans+=query(rc,ql,qr);
57 return ans;
58 }
59 int last[2001000];
60 int main()
61 {
62 scanf("%d",&n);
63 for(int i=1;i<=n;i++)
64 scanf("%d",&a[i]);
65 scanf("%d",&m);
66 for(int i=1;i<=m;i++)
67 {
68 scanf("%d%d",&q[i].x,&q[i].y);
69 q[i].id=i;
70 }
71 build(1,1,n);
72 int now=1;
73 sort(q+1,q+m+1,cmp);
74 for(int i=1;i<=n;i++)
75 {
76 update(1,i,1);
77 if(last[a[i]]) update(1,last[a[i]],0);
78 last[a[i]]=i;
79 while(q[now].y==i)
80 {
81 q[now].ans=query(1,q[now].x,q[now].y);
82 now++;
83 }
84 }
85 sort(q+1,q+m+1,cmp1);
86 for(int i=1;i<=m;i++)
87 printf("%d\n",q[i].ans);
88 return 0;
89 }
原文地址：https://www.cnblogs.com/kylara/p/9800978.html