【问题描述】
传说中的九头龙是一种特别贪吃的动物。虽然名字叫“九头龙”，但这只是说它出生的时候有九个头，而在成长的过程中，它有时会长出很多的新头，头的总数会远大于九，当然也会有旧头因衰老而自己脱落。
有一天，有M个脑袋的九头龙看到一棵长有N个果子的果树，喜出望外，恨不得一口把它全部吃掉。可是必须照顾到每个头，因此它需要把N个果子分成M组，每组至少有一个果子，让每个头吃一组。
这M个脑袋中有一个最大，称为“大头”，是众头之首，它要吃掉恰好K个果子，而且K个果子中理所当然地应该包括唯一的一个最大的果子。果子由N-1根树枝连接起来，由于果树是一个整体，因此可以从任意一个果子出发沿着树枝“走到”任何一个其他的果子。
对于每段树枝，如果它所连接的两个果子需要由不同的头来吃掉，那么两个头会共同把树枝弄断而把果子分开；如果这两个果子是由同一个头来吃 掉，那么这个头会懒得把它弄断而直接把果子连同树枝一起吃掉。当然，吃树枝并不是很舒服的，因此每段树枝都有一个吃下去的“难受值”，而九头龙的难受值就 是所有头吃掉的树枝的“难受值”之和。
九头龙希望它的“难受值”尽量小，你能帮它算算吗？
例如图1所示的例子中，果树包含8个果子，7段树枝，各段树枝的“难受值”标记在了树枝的旁边。九头龙有两个脑袋，大头需要吃掉4个果子，其中必须包含最大的果子。即N=8，M=2，K=4：
大头吃4个果子，用实心点标识；
小头吃4个果子，用空心点标识；
九头龙的难受值为4，因为图中用细边标记的树枝被大头吃掉了。
图一描述了果树的形态，图二描述了最优策略。
【输入文件】
输入文件的第1行包含三个整数N (1<=N<=300)，M (2<=M<=N)，K (1<=K<=N)。 N个果子依次编号1,2,...,N，且最大的果子的编号总是1。第2行到第N行描述了果树的形态，每行包含三个整数a (1<=a<=N)，b (1<=b<=N)，c (0<=c<=105)，表示存在一段难受值为c的树枝连接果子a和果子b。
【输出文件】
输出文件仅有一行，包含一个整数，表示在满足“大头”的要求的前提下，九头龙的难受值的最小值。如果无法满足要求，输出-1。
【样例输入】
8 2 4 1 2 20 1 3 4 1 4 13 2 5 10 2 6 12 3 7 15 3 8 5
【样例输出】
4时间限制：1 s 内存限制：128 MB题目大意：有一只M个头的九头龙，想吃掉有N个果实的树，要求每个小头至少吃1个果实，大头吃恰好K个果实，且树根上的果实也需由大头吃。对于一个果实，如果同一个头同时吃掉这个果实以及这个果实的父亲，就会受到一定的难受值，现在求吃掉这棵树的最小难受值。 首先判断无解，很明显仅当N<M+K-1时会无解。题目中头的数目2<=M<=N咋一看可能会被吓到，感觉无从下手，但仔细想一想M个脑袋是可以简化掉的，大致有两种情况：①M=2时 这时候大头和小头的难受值都需要考虑，但因为只有两个头还是可以解决的。②M>2时 这时候只需要考虑大头的难受值，因为小头完全可以避开吃掉树枝。然后为了方便转移，我们把可以把这棵多叉树转换成二叉树，这样问题就简单多了。到了这里这道题目就变成一道简单的树形DP了f[i][j][1/0] 表示以i为根的子树中，大头要吃j个果实，且其父结点也被大头吃了（1）或没被大头吃（0），的最小难受值转移方程详见程序，这里说个要注意的地方：对于一棵大头不吃任何果实的树，若M>2可以直接得出难受值为0，但是若M==2便还是要遍历到叶结点才结束。
1 #include<cstdio>
2 #include<cstring>
3 #include<algorithm>
4 #define R register
5
6 struct info{
7 int to,pre,dis;
8 }edge[1007];
9
10 bool pd[307][307];
11 int n,m,k,size,last[307],head[307];
12 int f[307][307][2],fa[307],l[307],r[307],up[307];
13
14 void addline(int from,int to,int dis){
15 edge[++size].pre=head[from];head[from]=size;
16 edge[size].to=to;edge[size].dis=dis;
17 edge[++size].pre=head[to];head[to]=size;
18 edge[size].to=from;edge[size].dis=dis;
19 }
20
21 void tsdp(int k,int num){
22 if (pd[k][num]) return;
23 f[k][num][1]=f[k][num][0]=0x7ffffff;
24 if (!k||!num){ //处理0结点和大头不吃果实的情况
25 if (!num&&(m!=2||!k)) f[k][num][0]=f[k][num][1]=0;
26 if (m!=2||!k)return;
27 }
28 if (!l[k]&&!r[k]){ //处理叶结点
29 if (num==1) f[k][1][1]=up[k],f[k][1][0]=0;
30 if (!num) f[k][0][0]=up[k],f[k][0][1]=0;
31 }
32 for (R int i=0;i<=num;++i){ //状态转移
33 tsdp(l[k],i);
34 tsdp(r[k],num-i);
35 f[k][num][1]=std::min(f[k][num][1],f[l[k]][i][0]+f[r[k]][num-i][1]);
36 if (i)
37 f[k][num][1]=std::min(f[k][num][1],f[l[k]][i-1][1]+up[k]+f[r[k]][num-i][1]);
38 if (i)
39 f[k][num][0]=std::min(f[k][num][0],f[l[k]][i-1][1]+f[r[k]][num-i][0]);
40 if (m==2)
41 f[k][num][0]=std::min(f[k][num][0],f[l[k]][i][0]+up[k]+f[r[k]][num-i][0]);
42 else
43 f[k][num][0]=std::min(f[k][num][0],f[l[k]][i][0]+f[r[k]][num-i][0]);
44 }
45 pd[k][num]=true;
46 }
47
48 void DFS(int k){
49 for (R int i=head[k];i;i=edge[i].pre)
50 if (edge[i].to!=fa[k]){
51 fa[edge[i].to]=k;
52 DFS(edge[i].to);
53 up[edge[i].to]=edge[i].dis;
54 }
55 }
56
57 int main(){
58 scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
59 for (R int i=1;i<n;++i){
60 int a,b,c;
61 scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
62 addline(a,b,c);
63 }
64 DFS(1);
65 for (R int i=2;i<=n;++i){ //多叉转二叉
66 if (last[fa[i]]) r[last[fa[i]]]=i;
67 else l[fa[i]]=i;
68 last[fa[i]]=i;
69 }
70 tsdp(1,k);
71 if (n<k+m-1) printf("-1");
72 else printf("%d",f[l[1]][k-1][1]);
73 }
PS:这个程序写得太丑了，又臭又长，但又不想重写，凑合着看一下吧TAT
评测地址：https://www.vijos.org/p/1523