题目大意：
给定3个已经规定好k1,k2,k3面的3个色子，如果扔到a,b,c则重新开始从1 计数，否则不断叠加所有面的数字之和，直到超过n，输出丢的次数的数学期望
我们在此令dp[]数组记录从当前数值到结束的数学期望
假如有3个面数都为2的色子
那么dp[i] = 1.0 / 2/2/2 * dp[0] + 1.0/8*dp[i+3] +3.0/8*dp[i+4]+3.0/8*dp[i+5]+1.0/8*dp[i+6] + 1
当然那些下标大于i的dp值均为0
可是我们这样从后往前推会导致无法计算dp[0]的数值，没法推
从新寻找规律，可以看做
dp[i] = a[i] * dp[0] + b[i]; 1式
dp[i] = p0 * dp[0] + ∑(dp[i+k]*p[k]) + 1; 2式
1式代人2式
dp[i] = p0*dp[0] + ∑((a[i+k]*dp[0]+b[i+k]))*p[k])+1
dp[i] =( p0+∑(a[i+k]*p[k])) dp[0] + ∑(b[i+k]*p[k]) +1
所以a[i] =p0+∑(a[i+k]*p[k]) b[i] = ∑(b[i+k]*p[k]) +1
这样我们由后往前推不断得到所有的a[i]和b[i]值
dp[0] = a[0]*dp[0]+b[0]
这样我们得到a[0],b[0]就很容易得到dp[0]的值了
这是这段叠加处求a，b数组的代码
memset(a,0,sizeof(a));
memset(b,0,sizeof(b));
for(int i=n;i>=0;i--){
for(int j=3;j<=maxn;j++)
{
a[i]+=a[i+j] * pro[j];
b[i]+=b[i+j] * pro[j];
}
a[i]+=1.0/k1/k2/k3;
b[i]+=1;
}
1 #include <cstdio>
2 #include <cstring>
3
4 using namespace std;
5 double pro[20],a[600],b[600];
6
7 int main()
8 {
9 int n,k1,k2,k3,d,e,f,T;
10 scanf("%d",&T);
11 while(T--){
12 scanf("%d%d%d%d%d%d%d",&n,&k1,&k2,&k3,&d,&e,&f);
13
14 int maxn = k1+k2+k3;
15 memset(pro,0,sizeof(pro));
16 for(int i=1;i<=k1;i++){
17 for(int j=1;j<=k2;j++){
18 for(int k=1;k<=k3;k++)
19 if(i!=d||j!=e||k!=f)
20 pro[i+j+k]++;
21 }
22 }
23
24 for(int i=3;i<=maxn;i++)
25 pro[i] = pro[i]*1.0/k1/k2/k3;
26
27 memset(a,0,sizeof(a));
28 memset(b,0,sizeof(b));
29 for(int i=n;i>=0;i--){
30 for(int j=3;j<=maxn;j++)
31 {
32 a[i]+=a[i+j] * pro[j];
33 b[i]+=b[i+j] * pro[j];
34 }
35 a[i]+=1.0/k1/k2/k3;
36 b[i]+=1;
37 }
38
39 double ans = b[0] / (1-a[0]);
40 printf("%.10f\n",ans);
41 }
42 }