题目描述:
一个整型数组里除了两个数字之外,其他的数字都出现了两次。编写程序找出这个两个只出现一次的数字。要求时间复杂度O(n),空间复杂度O(1).
如 {2,4,3,6,3,2,5,5},输出{4,6}
解析:
空间复杂度为O(1)断绝了用hash-table的思路,时间复杂度O(n)断绝排序的思路。
如何判断一个数字出现2次呢?
- 计数
- 异或:如果出现2次,任意数字和自己异或都为0
异或的性质:
任何数字和 0 异或,都为它本身。
任意数字和自己异或都为0。
由于成对出现的元素异或结果为 0,那么整个数组的异或结果为只出现 一次 的元素的异或结果。
因为存在2个出现一次的元素,所以最终结果是2者的异或结果,那么如何分离出这2个元素?
这2个出现一次的元素,不相等,那么异或的结果不等0,即2进制表示肯定有1位是不为 0 的(都为0,说明相等),等价于这2个元素的此位是不相等的,我们根据该位,可以将整个数组分为2部分,该位为 1 的分为 1部分,为 0 的一部分。
此时,2个只出现一次的元素被分离开,而成对出现的元素每一位都相等,因此它们也是成对的分布在2个部分数组中。然后我们分别对这2部分计算异或的结果,即可得到 2 个只出现一次的数字。
注意: &, |, ~ 的优先级小于 ==,>, < ,注意加括号。
#include <iostream>
using namespace std;
int FindBitIndexofOne(int number) {
unsigned int index = 0;
// 如 0x0010 返回 1, 注意 & 的优先级小于 ==,必须有()
while ((number & 0x01) == 0 && index < 8 * sizeof(int)) {
number = number >> 1;
index++;
}
return index;
}
bool IsOneBit(int number, unsigned int index) {
while (index) {
number = number >> 1;
index--;
}
if (number & 0x01)
return true;
else
return false;
}
bool FindNumApperOnce(int nums[], int length, int &result1, int &result2) {
if (nums == NULL || length < 2)
return false;
int XORResult = 0;
for (int i = 0; i < length; i++)
XORResult ^= nums[i];
unsigned int oneBitIndex = FindBitIndexofOne(XORResult);
result1 = 0, result2 = 0;
for (int i = 0; i < length; i++) {
if (IsOneBit(nums[i], oneBitIndex))
result1 ^= nums[i]; // 标志位是 1 的数组
else
result2 ^= nums[i];// 标志位是 0 的数组
}
return true;
}
int main() {
int nums[] = { 1,3,2,4,6,42,4,42,1,3 };
int result1, result2;
if (FindNumApperOnce(nums, sizeof(nums) / sizeof(nums[0]), result1, result2))
cout << result1 << " " << result2 << endl;
}
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时间: 2024-10-10 13:39:23