3575: [Hnoi2014]道路堵塞
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Description
A国有N座城市，依次标为1到N。同时，在这N座城市间有M条单向道路，每条道路的长度是一个正整数。现在，A国交通部指定了一条从城市1到城市N的路径，并且保证这条路径的长度是所有从城市1到城市N的路径中最短的。不幸的是，因为从城市1到城市N旅行的人越来越多，这条由交通部指定的路径经常发生堵塞。现在A国想知道，这条路径中的任意一条道路无法通行时，由城市1到N的最短路径长度是多少。
Input
输入文件第一行是三个用空格分开的正整数N、M和L，分别表示城市数目、单向道路数目和交通部指定的最短路径包含多少条道路。
按下来M行，每行三个用空格分开的整数a、b和c，表示存在一条由城市a到城市b的长度为c的单向道路。这M行的行号也是对应道路的编号，即其中第1行对应的道路编号为1，第2行对应的道路编号为2，…，第M行对应的道路编号为M。最后一行为L个用空格分开的整数sp(1)…，，sp(L)，依次表示从城市1到城市N的由交通部指定的最短路径上的道路的编号。
Output
输出文件包含L行，每行为一个整数，第i行(i=1，2…，，L)的整数表示删去编号为sp(i)的道路后从城市1到城市N的最短路径长度。如果去掉后没有从城市1到城市N的路径，则输出一1。
Sample Input
4 5 2
1 2 2
1 3 2
3 4 4
3 2 1
2 4 3
1 5
Sample Output
6
6
HINT
100%的数据满足2<N<100000，1<M<200000。所用道路长度大于0小于10000。
数据已加强By Vfleaking
你看见我的跳蚤国王了吗？哦它被FFF了？资磁！
这题真是火的冒烟，劲爆无比，谁也想不到正解来自一个很扯淡的证明。
正解：SPFA鬼畜技巧。
因为它已经钦定了最短路，而且要对最短路上每一条边输出一次答案，所以很容易想到正解是枚举BAN哪条边再鬼一鬼。
这里有个十分扯淡的证明：新·最短路一腚是S->之前最短路上某一点p->之前最短路上某一点q->T；
感觉并不知道怎么证明是吧，但如果我说S和p，q和T 可以为同一个点呢？
那么所有的情况都被包含了是的吗？没错是的。您强×把答案放在了一个鬼证明上。
所以按照这个证明的思想，我们枚举删掉最短路上的哪条边，然后把这条边的s加进队列做SPFA。
但是这样不加优化的做法会让你过吗？答案是显然否定的。那么来点更劲的：
先把最短路上的所有边都BAN掉，然后从S到T开始恢复边，并把s丢进队列。
然后每次就可以不清空dis数组了，因为你之前SPFA的结果你都可以调用以前的结果。
然后统计答案就是把走到的钦定最短路上的点的距离加上它到T的距离取个min就好了。这里有一个玄妙的做法就是把答案加上这个点放成结构体扔进堆里，每次弹出到达点在s之前的点因为这是在这条路被BAN的时候SPFA到的，不一定是当前的合法方案，也不会比最优答案更好。所以判完-1后，第一个在s之后的点就不管是不是s更新的点了，却又是一个合法的点，就避免了很多麻烦。
代码还是很好看懂的。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <complex>
#include <stack>
#define LL long long int
#define dob double
using namespace std;
const int N = 200010;
struct Node{int from,to,val,next;}E[N];
struct Data{int p,val;bool operator <(const Data &b)const{return val>b.val;}};
int n,m,L,head[N],tot,ban[N],rk[N],In[N],far[N],dis[N],fr[N],s[N];
queue<int>Q;priority_queue<Data>T;
int gi()
{
int x=0,res=1;char ch=getchar();
while(ch>‘9‘||ch<‘0‘){if(ch==‘-‘)res*=-1;ch=getchar();}
while(ch<=‘9‘&&ch>=‘0‘)x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*res;
}
inline void link(int u,int v,int c)
{
E[++tot]=(Node){u,v,c,head[u]};
head[u]=tot;
}
inline void SPFA(int st)
{
queue<int>Q;Q.push(st);
while(!Q.empty()){
int x=Q.front();Q.pop();In[x]=0;
for(int e=head[x];e;e=E[e].next){
if(ban[e])continue;int y=E[e].to;
if(far[x]+E[e].val<far[y]){
far[y]=far[x]+E[e].val;
if(fr[y])T.push((Data){fr[y],far[y]+dis[fr[y]]});
else if(!In[y])Q.push(In[y]=y);
}
}
}
}
int main()
{
n=gi();m=gi();L=gi();
for(int i=1;i<=m;++i){
int u=gi(),v=gi(),c=gi();
link(u,v,c);
}
s[1]=1;fr[1]=1;
for(int i=1;i<=L;++i){
ban[rk[i]=gi()]=1;
s[i+1]=E[rk[i]].to;
fr[s[i+1]]=i+1;
}
for(int i=L;i;--i)
dis[i]=dis[i+1]+E[rk[i]].val;
memset(far,127/3,sizeof(far));far[1]=0;
SPFA(1);
for(int i=1;i<=L;++i){
while(!T.empty() && T.top().p<=i)T.pop();
if(T.empty())printf("-1\n");
else printf("%d\n",T.top().val);
far[E[rk[i]].to]=far[s[i]]+E[rk[i]].val;
SPFA(s[i+1]);
}
return 0;
}
这还真TMD妙不可言，玄之又玄，精妙绝伦啊(伦boy：嗯？)。