1.河内塔问题
- 数学归纳法：①对最小规模时成立；②设对\(n=[1,k]\)时成立，证明对于\(n=k+1\)时也成立。于是问题对任意规模都成立。
它可以与递归的模型天然地结合在一起。
实际问题->递归式->数学归纳法->通项公式
- 通过处理递归式的某些项会使得数学归纳更加简单。
2.平面上的直线
- 展开递归式是求通项公式的好方法。
- 对于不易直接分析的实例，可以讨论“损失”了多少。
3.JOJO问题
- 对于一个递归式，把它的部分常量替换为未知数，希望求出它的通项公式中每个未知数的系数。
此时可以把每个未知数取一些特殊值，代入递归式中。
更加通用的方法是找一些简单的函数，令它满足递归式，借此列出方程，解出未知数的值。通过这种方式寻找未知数系数之间的联系，从而列出关于未知数系数的方程。
注意到有多少独立的未知数，我们就需要列出多少组方程。
同时，解除递归式中一些既定的限制（进制等），可以将递归式推广到更为一般的情况。
4.热身题
- 问题出在“类似的”，数学归纳法只能假设\([1,k]\)内的马是相同颜色，如果要推广到\([2,k+1]\)的情况，则需要证明\(k+1\)号马与前面颜色均相同。
- 发现对规模为\(k\)的问题，流程如下：①将\([1,k-1]\)移动到\(B\)柱；②将\(k\)移动到中间柱；③将[1,k-1]移动到\(A\)柱；④将\(k\)移动到\(B\)柱；⑤将\([1,k-1]\)移动到\(B\)柱。
设\(T_n\)为将规模为\(n\)的问题解决所需的最小步数，由此获得递归式：
\[T_1=2\]
\[T_n=6T_{n-1}+2,n\geq 2\]
设\(G_n=T_n+\frac{2}{5}\)，则\(G_1=\frac{12}{5},G_n=6(T_{n-1}+\frac{2}{5})=6G_{n-1}=\frac{2}{5}6^n\)。
即\(T_n=\frac{2}{5}(6^n-1)\)。
证明：\(T_n\)一定是整数，即\(5|(6^n-1)\)。
对于\(n=1\)的情况，显然成立。
假设对于\([1,n-1]\)均成立。\(6^n-1=6\times6^{n-1}-1=(6-1)\times 6^{n-1}+6^ {n-1}-1\)，由于对于\(n-1\)时成立，此处也成立。
- 显然\(A,B\)柱上会有此类正确摆放，只需考虑中间柱。发现在③过程时，\(n\)必然在中间柱，而\([1,n-1]\)从\(B\)到\(A\)，必然整体经过中间柱。
- 设\(T_n\)为原规则下的最小步数，\(G_n\)是将\(n\)个始末位置不确定的圆盘排好的最小步数。问题转化为对于任意始末位置，证明\(G_n\leq T_n\)。
对于\(n=1\)的情况，若始末位置在同一根石柱，则\(G_1=0<T_1\)，否则\(G_1=T-1\)，结论成立。
假设对于\([1,n-1]\)均成立。对于第\(n\)个圆盘，设始位置为\(x\)，末位置为\(y\)，中间位置为\(z\)。若\(x=y\)，则\(G_n=G_{n-1}\leq T_{n-1}<T_n\)。否则，需要执行如下操作：①\([1,n-1]\)移动到\(z\)，设此操作花费\(G_{n-1,0}\)；②将\(n\)移动到\(y\)；③将\([1,n-1]\)移动到对应末位置，设此操作花费\(G_{n-1,1}\)。此时\(G_n=G_{n-1,0}+G_{n-1,1}+1\leq 2T_{n-1}+1=T_n\)。
由数学归纳法得证。
原文地址：https://www.cnblogs.com/suwakow/p/11375079.html