| Time Limit: 3000MS | Memory Limit: 32768KB | 64bit IO Format: %I64d & %I64u |
Description
When Teddy was a child , he was always thinking about some simple math problems ,such as “What it’s 1 cup of water plus 1 pile of dough ..” , “100 yuan buy 100 pig” .etc..
One day Teddy met a old man in his dream , in that dream the man whose name was“RuLai” gave Teddy a problem :
Given an N , can you calculate how many ways to write N as i * j + i + j (0 < i <= j) ?
Teddy found the answer when N was less than 10…but if N get bigger , he found it was too difficult for him to solve.
Well , you clever ACMers ,could you help little Teddy to solve this problem and let him have a good dream ?
Input
The first line contain a T(T <= 2000) . followed by T lines ,each line contain an integer N (0<=N <= 10 10).
Output
For each case, output the number of ways in one line.
Sample Input
2 1 3
Sample Output
0 1
对于 N as i * j + i + j (0 < i <= j) ?
可以表示为N=i*j+i+j
所以可以化作N+1=(i+1)*(j+1);
如此就有两种思路去做，一暴力枚举，从这里可以看出来i<=sqrt(N+1);
所以一个循环就可以解决，第一份代码就是，但是耗时才一点就过题目提供的3s了，怎么办，是否还有
更好的解决方案呢，有的，N+1=(i+1)*(j+1)可以知道N+1是i+1以及j+1的倍数
如此就可以转换成求解约数的个数(约数是什么,请读者自己百度了解)
N+1=a1^p1*a2^p2*a3^p3....an^pn
其中ai是代表着质数，这个的意思是任何大于1的数都可以转换为有限个质数因子的乘积
如此，可以用排列组合来求，第一种有p1+1选择(可以选择0...p1)第二种有p2+1选择(可以选择0...p2)....第n种有pn+1选择(可以选择0...pn)
所以约数个数ans=(p1+1)*(p2+1)*(p3+1)*(p4+1)*....*(pn+1)(里面还有减去1和n因为他们不属于题目要求范围)
当N+1是完全平方数的话,那么除了1以及N+1本身外,唯有最中间的约数是只计算了一次,其他的数都重复的计算了两次,
当N+1不是完全平方数的话,那么除了1以及N+1本身外,其他的数都重复的计算了两次
所以可以分开判断输出，也可以直接转换输出就像代码中一样,(ans+1)/2-1,当为完全平方数时,我们需要加一除二才能使正确的结果
至于减去一，就是前面的去掉1和n这两个不符合条件的数
当为不完全平方数,ans/2-1就可以了,但是为了合成一个式子,(ans+1)/2-1,是可以代替ans/2-1的
为什么，因为(4+1)/2==4/2,这是不会影响最终结果的。
/*
Author: 2486
Memory: 1416 KB Time: 2823 MS
Language: G++ Result: Accepted
*/
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int maxn=1e5;
int t;
LL n;
int main() {
scanf("%d",&t);
while(t--) {
scanf("%I64d",&n);
if(n==0||n==1) {
printf("0\n");
continue;
}
int cnt=0;
for(int i=1; i<=sqrt(n); i++) {
if((n+1)%(i+1)==0&&(n+1)/(i+1)>=i+1)cnt++;
}
printf("%d\n",cnt);
}
}
/*
Author: 2486
Memory: 1592 KB Time: 46 MS
Language: G++ Result: Accepted
*/
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int maxn=100000+5;
LL prime[maxn];
bool vis[maxn];
int T,cnt;
LL N;
void primes() { //初始化素数列表
cnt=0;
for(int i=2; i<maxn; i++) {
if(vis[i])continue;
prime[cnt++]=i;
for(int j=i*2; j<maxn; j+=i) {
vis[j]=true;
}
}
}
void solve(LL n) {
LL ans=1;
for(int i=0; prime[i]*prime[i]<=n; i++) {
if(n%prime[i]==0) {
int s=0;
while(n%prime[i]==0)n/=prime[i],s++;
ans*=(s+1);
}
if(n==1)break;
}
if(n>1)ans*=2;
printf("%I64d\n",(ans+1)/2-1);
}
int main() {
primes();
scanf("%d",&T);
while(T--) {
scanf("%I64d",&N);
N++;
solve(N);
}
return 0;
}
版权声明：本文为博主原创文章，未经博主允许不得转载。