4553: [Tjoi2016&Heoi2016]序列
Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 128 MB
Description
佳媛姐姐过生日的时候，她的小伙伴从某宝上买了一个有趣的玩具送给他。玩具上有一个数列，数列中某些项的值
可能会变化，但同一个时刻最多只有一个值发生变化。现在佳媛姐姐已经研究出了所有变化的可能性，她想请教你
，能否选出一个子序列，使得在任意一种变化中，这个子序列都是不降的？请你告诉她这个子序列的最长长度即可
。注意：每种变化最多只有一个值发生变化。在样例输入1中，所有的变化是：
1 2 3
2 2 3
1 3 3
1 1 31 2 4
选择子序列为原序列，即在任意一种变化中均为不降子序列在样例输入2中，所有的变化是:3 3 33 2 3选择子序列
为第一个元素和第三个元素，或者第二个元素和第三个元素，均可满足要求
Input
输入的第一行有两个正整数n, m，分别表示序列的长度和变化的个数。接下来一行有n个数，表示这个数列原始的
状态。接下来m行，每行有2个数x, y，表示数列的第x项可以变化成y这个值。1 <= x <= n。所有数字均为正整数
，且小于等于100,000
Output
输出一个整数，表示对应的答案
Sample Input
3 4
1 2 3
1 2
2 3
2 1
3 4
Sample Output
3
题解：
我们来分析一下这道题让我们干什么：
我们知道了一个序列，其中每一个元素都可能变化，
我们设他的原始值为a[i],最大值为maxv[i],最小值为minv[i]，
再设f[i]为以i为结尾的最长符合要求子序列，显然这可以用一个dp来解决：对于f[i],有
f[i]=max{f[j]}+1
而对j的要求，由于同时只有一个元素发生变化，我们就要求满足
j<i&&maxv[j]<=a[i]&&a[j]<=minv[i]
我们发现，这好像长得“很像”一个三维偏序问题。
如果我们用树套树来解决的话，也不是不可以（详见勇士的战斗记录：BZOJ4553: [Tjoi2016&Heoi2016]序列 树套树优化DP）
但是为什么我们不用更简单的做法来解决呢？
显然，这个东西是可以用cdq分治来解决的
我们对于区间[l,r]，如果这个元素i在mi前面，我们就用(maxv[i],a[i])作为他的权值；否则，就用(a[i],minv[i])来作为他的权值。
这样，就可以实现上面的想法了：用前面来更新后面。这也是本题的关键。
想到了这一点，代码实现就很简单了。代码见下：
1 #include <cstdio>
2 #include <cstdlib>
3 #include <cstring>
4 #include <algorithm>
5 using namespace std;
6 const int N=300000;
7 int n,m,bit[N+100],f[N+100];
8 struct num{int val,maxv,minv;}x[N+100];
9 struct cdq{int x,y,id;}a[N+100];
10 inline int lowbit(int a){return a&(-a);}
11 inline bool mt(const cdq &a,const cdq &b)
12 {return (a.x==b.x)?a.id<b.id:a.x<b.x;}
13 inline void add(int i,int val)
14 {
15 while(i<=N)
16 {
17 bit[i]=(val==0)?0:max(bit[i],val);
18 i+=lowbit(i);
19 }
20 }
21 inline int sum(int i)
22 {
23 int ret=0;
24 while(i)
25 ret=max(ret,bit[i]),i-=lowbit(i);
26 return ret;
27 }
28 void cdq(int l,int r)
29 {
30 if(l==r){f[l]=max(f[l],1);return;}
31 int mi=(l+r)>>1;
32 cdq(l,mi);
33 for(int i=l;i<=r;i++)
34 {
35 if(i<=mi)a[i].x=x[i].val,a[i].y=x[i].maxv;
36 else a[i].x=x[i].minv,a[i].y=x[i].val;
37 a[i].id=i;
38 }
39 sort(a+l,a+r+1,mt);
40 for(int i=l;i<=r;i++)
41 {
42 if(a[i].id<=mi)add(a[i].y,f[a[i].id]);
43 else f[a[i].id]=max(sum(a[i].y)+1,f[a[i].id]);
44 }
45 for(int i=l;i<=r;i++)add(a[i].y,0);
46 cdq(mi+1,r);
47 }
48 int main()
49 {
50 scanf("%d%d",&n,&m);int u,v,ans=0;
51 for(int i=1;i<=n;i++)
52 scanf("%d",&x[i].val),x[i].minv=x[i].maxv=x[i].val;
53 while(m--)
54 {
55 scanf("%d%d",&u,&v);
56 x[u].maxv=max(x[u].maxv,v);
57 x[u].minv=min(x[u].minv,v);
58 }
59 cdq(1,n);
60 for(int i=1;i<=n;i++)ans=max(ans,f[i]);
61 printf("%d\n",ans);
62 }