题目描述
恰逢 H 国国庆，国王邀请 n 位大臣来玩一个有奖游戏。首先，他让每个大臣在左、右
手上面分别写下一个整数，国王自己也在左、右手上各写一个整数。然后，让这 n 位大臣排
成一排，国王站在队伍的最前面。排好队后，所有的大臣都会获得国王奖赏的若干金币，每
位大臣获得的金币数分别是：排在该大臣前面的所有人的左手上的数的乘积除以他自己右
手上的数，然后向下取整得到的结果。
国王不希望某一个大臣获得特别多的奖赏，所以他想请你帮他重新安排一下队伍的顺序，
使得获得奖赏最多的大臣，所获奖赏尽可能的少。注意，国王的位置始终在队伍的最前面。
输入输出格式
输入格式：
第一行包含一个整数 n，表示大臣的人数。
第二行包含两个整数 a和 b，之间用一个空格隔开，分别表示国王左手和右手上的整数。
接下来 n 行，每行包含两个整数 a 和 b，之间用一个空格隔开，分别表示每个大臣左手
和右手上的整数。
输出格式：
输出只有一行，包含一个整数，表示重新排列后的队伍中获奖赏最多的大臣所获得的
金币数。
输入输出样例
输入样例#1：
3 1 1 2 3 7 4 4 6
输出样例#1：
2
说明
【输入输出样例说明】
按 1、2、3 号大臣这样排列队伍，获得奖赏最多的大臣所获得金币数为 2；
按 1、3、2 这样排列队伍，获得奖赏最多的大臣所获得金币数为 2；
按 2、1、3 这样排列队伍，获得奖赏最多的大臣所获得金币数为 2；
按 2、3、1 这样排列队伍，获得奖赏最多的大臣所获得金币数为 9；
按 3、1、2 这样排列队伍，获得奖赏最多的大臣所获得金币数为 2；
按 3、2、1 这样排列队伍，获得奖赏最多的大臣所获得金币数为 9。
因此，奖赏最多的大臣最少获得 2 个金币，答案输出 2。
【数据范围】
对于 20%的数据，有 1≤ n≤ 10，0 < a、b < 8；
对于 40%的数据，有 1≤ n≤20，0 < a、b < 8；
对于 60%的数据，有 1≤ n≤100；
对于 60%的数据，保证答案不超过 109；
对于 100%的数据，有 1 ≤ n ≤1,000，0 < a、b < 10000。
NOIP 2012 提高组 第一天 第二题
贪心策略 ：左右手乘积最小排在前
证：x1 y1
x2 y2
... ...
-----------
xa ya
xb yb
----------
... ...
按 (xi*yi) 从小到大排序
在xa之前的乘积是一定的 我们假设为 S
xa，ya 和xb，yb交换前
xa 获得的金币 为(S/ya) 记为 X
xb 获得的金币 为((S*xa)/yb) 记为 Y
xa，ya 和xb，yb交换后
xa 获得的金币 为(S/yb) 记为 P
xb 获得的金币 为((S*xb)/ya) 记为 Q
结果是找 max(X,Y) 和max(P,Q)之中小的那个数
两个max同乘yayb之后
X 为(S*yb) Y为 (S*xa*ya)
P 为(S*ya) Q为 (S*xb*yb)
由于要让最大值尽量小 那么
如果yb大于xa*ya 那么结果取S*yb
而 xb*yb一定大于xa*ya
所以我们可以得出 xi*yi 最小时策略最优
1 /*
2 一道贪心+高精
3 贪心策略简单 就是找左右手乘积最小的排在前边
4 高精恶心 我不想再见这道题第二次
5 */
6 #include<cstdio>
7 #include<cstring>
8 #include<iostream>
9 #include<algorithm>
10 #define MAXN 5010
11 #define LL long long
12
13 using namespace std;
14
15 struct node {
16 int a,b;
17 LL sum;
18 };
19 node e[MAXN];
20
21 int ans[MAXN],ans1[MAXN],b[MAXN];
22
23 int n,p;
24
25 char s[MAXN];
26
27 inline void read(int &x) {
28 int f=1;x=0;char c=getchar();
29 while(c>‘9‘||c<‘0‘) {if(c==‘-‘) f=-1;c=getchar();}
30 while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘) {x=(x<<1)+(x<<3)+c-48;c=getchar();}
31 x=x*f;
32 }
33
34 inline bool cmp(const node x,const node y) {
35 return x.sum<y.sum;
36 }
37
38 inline void chu(int x) {
39 b[0]=0;
40 memset(b,0,sizeof b);
41 LL k=0;
42 for(int i=ans1[0];i>=1;i--) {
43 k=k*10+ans1[i];
44 if(k>=x) {
45 if(b[0]==0) b[0]=i;
46 b[i]=k/x;
47 k%=x;
48 }
49 }
50 }
51
52 inline void compare() {
53 if(b[0]>ans[0]) {
54 for(int i=0;i<=MAXN;i++) ans[i]=b[i];
55 return;
56 }
57 else if(b[0]==ans[0]) {
58 for(int i=ans[0];i>=1;i--) {
59 if(b[i]>ans[i]) {
60 for(int j=0;j<=MAXN;j++) ans[j]=b[j];
61 return;
62 }
63 }
64 }
65 }
66
67 inline void mul(int x) {
68 LL k=0;
69 memset(b,0,sizeof b);
70 for(int i=1;i<=ans1[0];i++) {
71 b[i]+=ans1[i]*x+k;
72 b[i+1]+=b[i]/10;
73 b[i]=b[i]%10;
74 }
75 for(b[0]=ans1[0];b[b[0]+1];) {
76 b[++b[0]+1]+=b[b[0]]/10;
77 b[b[0]]=b[b[0]]%10;
78 }
79 for(int i=0;i<MAXN;i++) ans1[i]=b[i];
80 }
81
82 int main() {
83 read(n);
84 scanf("%s",s+1);
85 for(int i=strlen(s+1);i>=1;i--) ans1[++ans1[0]]=s[i]-‘0‘;
86 read(p);
87 for(int i=1;i<=n;i++) {
88 read(e[i].a);
89 read(e[i].b);
90 e[i].sum=e[i].a*e[i].b;
91 }
92 sort(e+1,e+1+n,cmp);
93 for(int i=1;i<=n;i++) {
94 chu(e[i].b);
95 compare();
96 mul(e[i].a);
97 }
98 for(int i=ans[0];i>=1;i--) printf("%d",ans[i]);
99 printf("\n");
100 return 0;
101 }
代码