[LeetCode][Java] Largest Rectangle in Histogram

题目：

Given n non-negative integers
representing the histogram‘s bar height where the width of each bar is 1, find the area of largest rectangle in the histogram.

Above is a histogram where width of each bar is 1, given height = [2,1,5,6,2,3].

For example,

Given height = [2,1,5,6,2,3],

return 10.

题意：

给定n个非负的整数来表示直方图块的高度，每个直方块的宽度都是1，在直方图中找出面积最大的矩形。

比如（如上图所示）：

给定高度height = [2,1,5,6,2,3],返回 10.

算法分析：

参考博客：http://pisxw.com/algorithm/Largest-Rectangle-in-Histogram.html

该题求最大面积的矩形，比较容易理解的思路，就是从每一个bar往两边走，以自己的高度为标准，直到两边低于自己的高度为止，然后用自己的高度乘以两边走的宽度得到矩阵面积。因为我们对于任意一个bar都计算了以自己为目标高度的最大矩阵，所以最好的结果一定会被取到。每次往两边走的复杂度是O(n)，总共有n个bar，所以时间复杂度是O(n2)。

这边在求一个bar左边低于自己高度的最大x位置和右边低于自己高度的最小x位置时，可以采用栈来求解。以求解左边为例：如果栈顶的位置高度比bar的高度高，则不断出栈，如果栈为空，说明bar的左边界能达到最左边位置，则令其left=-1,否则栈顶的位置就是bar的左边界，然后将bar压入栈中，在求解下一个bar的左边界，这样遍历一遍就知道每个bar的左边界位置。

同理可以求解每个bar的右边界位置。这样每个bar能形成的最大矩形面积为height(bar)*(right-left-1),整个时间为O(n)+O(n)+O(n),分别为求左边界，求右边界，求最大面积，这样总的时间复杂度为O(n)

AC代码：

<span style="font-family:Microsoft YaHei;font-size:12px;">public class Solution
{
    public int largestRectangleArea(int[] height)
    {
        if(height==null || height.length==0)
            return 0;
        if(height.length==1)
            return height[0];
        //使用栈来求解每个bar左边高度小于H(bar)的最大的x坐标，记为left
        int[] left=new int[height.length];
        LinkedList<Integer> stack=new LinkedList<Integer>();
        stack.push(0);
        for(int i=0;i<height.length;i++)
        {
            while(stack.size()!=0 &&(height[stack.peek()]>=height[i]))
            {
                stack.pop();
            }
            if(stack.size()==0)
            {
                left[i]=-1;
                stack.push(i);
            }
            else
            {
                left[i]=stack.peek();
                stack.push(i);
            }
        }
        //同理使用栈来求解每个bar右边高度小于H(bar)的最小的x坐标，记为right
        int[] right=new int[height.length];
        LinkedList<Integer> stack2=new LinkedList<Integer>();
        stack2.push(height.length-1);
        for(int i=height.length-1;i>=0;i--)
        {
            while(stack2.size()!=0 &&(height[stack2.peek()]>=height[i]))
            {
                stack2.pop();
            }
            if(stack2.size()==0)
            {
                right[i]=height.length;
                stack2.push(i);
            }
            else
            {
                right[i]=stack2.peek();
                stack2.push(i);
            }
        }
        //计算每个bar能形成的矩形的面积，并求得一个最大面积
        int maxRec=0;
        for(int i=0;i<height.length;i++)
        {
            int rec=(right[i]-left[i]-1)*height[i];
            maxRec=Math.max(maxRec,rec);
        }
        return maxRec;
    }
}</span>

版权声明：本文为博主原创文章，转载注明出处