P1351 联合权值

题目描述

无向连通图G 有n 个点，n - 1 条边。点从1 到n 依次编号，编号为 i 的点的权值为W i ，每条边的长度均为1 。图上两点( u , v ) 的距离定义为u 点到v 点的最短距离。对于图G 上的点对( u, v) ，若它们的距离为2 ，则它们之间会产生Wu×Wv 的联合权值。

请问图G 上所有可产生联合权值的有序点对中，联合权值最大的是多少？所有联合权值之和是多少？

输入输出格式

输入格式：

输入文件名为link .in。

第一行包含1 个整数n 。

接下来n - 1 行，每行包含 2 个用空格隔开的正整数u 、v ，表示编号为 u 和编号为v 的点之间有边相连。

最后1 行，包含 n 个正整数，每两个正整数之间用一个空格隔开，其中第 i 个整数表示图G 上编号为i 的点的权值为W i 。

输出格式：

输出文件名为link .out 。

输出共1 行，包含2 个整数，之间用一个空格隔开，依次为图G 上联合权值的最大值

和所有联合权值之和。由于所有联合权值之和可能很大，输出它时要对10007 取余。

输入输出样例

输入样例#1：

5
1 2
2 3
3 4
4 5
1 5 2 3 10 

输出样例#1：

20 74

说明

本例输入的图如上所示，距离为2 的有序点对有( 1,3) 、( 2,4) 、( 3,1) 、( 3,5) 、( 4,2) 、( 5,3) 。

其联合权值分别为2 、15、2 、20、15、20。其中最大的是20，总和为74。

【数据说明】

对于30% 的数据，1 < n≤ 100 ；

对于60% 的数据，1 < n≤ 2000；

对于100%的数据，1 < n≤ 200 , 000 ，0 < wi≤ 10, 000 。

分析

枚举中间点，取出最大的和次大的值，更新两个值，见代码注释

code

 1 #include<cstdio>
 2 #include<algorithm>
 3 #include<cstring>
 4 #define MAXN 200100
 5 #define mod 10007
 6 using namespace std;
 7
 8 struct Edge{
 9     int to,nxt;
10 }e[MAXN<<1];
11 int head[MAXN],w[MAXN];
12 int tot,n,m,ans1,ans2,max1,max2,sum;
13
14 int main()
15 {
16     scanf("%d",&n);
17     for (int u,v,i=1; i<n; ++i)
18     {
19         scanf("%d%d",&u,&v);
20         ++tot;
21         e[tot].to = v;
22         e[tot].nxt = head[u];
23         head[u] = tot;
24         ++tot;
25         e[tot].to = u;
26         e[tot].nxt = head[v];
27         head[v] = tot;        //建边
28     }
29     for (int i=1; i<=n; ++i)
30         scanf("%d",&w[i]);
31     for (int i=1; i<=n; ++i)    //枚举中间点
32     {
33         max1 = max2 = -1;
34         sum = 0;
35         for (int j=head[i]; j; j=e[j].nxt)
36         {
37             int v = w[e[j].to];
38             sum = (sum+v)%mod;
39             if (v>max1)        //max1最大，max2第二大
40             {
41                 max2 = max1;
42                 max1 = v;
43             }
44             else if (v>max2)
45                 max2 = v;
46         }
47         ans2 = max(ans2, max1*max2);    //记录最大值
48         for (int j=head[i]; j; j=e[j].nxt)
49         {
50             ans1 += (w[e[j].to]*(sum-w[e[j].to]))%mod;    //记录和
51             ans1 %= mod;
52         }
53     }
54     ans1 = (ans1+mod)%mod;
55     printf("%d %d\n", ans2, ans1);
56     return 0;
57 }