Description
淬炼完神体,王仙女被传送到了遥远处一座没有神雷的浮岛上,发现浮岛上除了一扇门以外什么都没有。他来到门前,发现上面写着这样一段话:
一个神出了拥有强大的神体外,还需要一枚神格。然而,想要获得神格没那么简单,除了有实力外还需要有运气。曾经有一个人叫金(jin)字(zi)塔(da),他的神体很强,很壮,可是他根本没有运气,所以最后神格拒绝了他。打开这扇门,你将会进入一个神格创造的空间,在那里,神格将会问你一些问题来测试你解决问题的能力,当然,它的问题将会很难,在你答不出来的时候你可以选择随便猜一个答案,以此来展现你的运气。
王仙女二话不说打开了那扇门,一阵眩晕过后,他来到了一个灰蒙蒙的空间。一个苍老的声音在四周响起:小娃娃,我是一枚存在亿万年的神格,我的上一任主人已经死去百万余年了,我也已经在这里等待了百万年了。能否成为我的主人,让我重现百万年前的风采,就看你的能力和运气了。再问问题之前,我要先跟你讲一件事。成为一个神后,最大的责任便是保护神界的人民,他们都出生在神界,但并不都具有神的实力。当然,神界人族的内部也有战争,他们一共分为N个部落,每两个部落之间都有可能发生战争。为了不然神界人族因为战争而损失惨重,神界的诸神将这些部落编号为1~N,当这些部落的人数差距太大时,诸神便会降临,将一些部落的人带走,并放一些在别的部落中。而衡量所有部落人数差距的数值便是方差。接下来,我会告诉你一些部落的人数增加或减少的信息,并会不时的询问你编号为L~R的部落的总人数或是他们部落人数的方差。
Input
第一行包含两个正整数N,Q,表示部落数和神格的信息数与询问数总和。
第二行包含N个数,第i个数a_i表示编号为i的部落最初的人数。
接下来Q行,第一个数为t。
当t=0时,这一行还有两个数a,b,表示编号为a的部落增加了b个人(如果b<0则表示减少了|b|个人)。
当t=1时,这一行还有三个数a,b,c,表示编号为a~b的部落增加了c个人(如果c<0则表示减少了|c|个人)。
当t=2时,这一行还有两个数a,b,表示神格询问了编号为a~b的部落现在的总人数。
当t=3时,这一行还有两个数a,b,表示神格询问了编号为a~b的部落人数的方差。
Output
对于每个t=2,输出一行,包含一个整数,表示总人数。
对于每个t=3,输出一行,包含一个实数,表示方差,结果保留三位小数。
Sample Input
5 51 2 3 4 50 3 31 2 3 62 3 50 1 23 1 5
Sample Output
2110.640
Data Constraint
对于30%的数据,N≤1000,Q≤1000
对于100%的数据,1≤N≤100000,1≤Q≤100000,|a_i |≤1000,数据保证在任何时候|所有部落总人数|≤〖10〗^9
注:由于神界人族的人数统计是用实际人数减去一个标准值,所以人数可能会出现负数
Hint
方差的定义:
求N个数的方差,设这N个数的平均数为ave,第i个数为x_i
方差=1/n[(x_1-ave)^2+(x_2-ave)^2+?+(x_(n-1)-ave)^2+(x_n-ave)^2]
题解
- 题目大意:给了n个数,要求区间修改,区间求和,区间方差
- 前两个显然,直接线段树就可以做了,考虑怎么就区间方差
- 方差=1/n[(x_1-ave)^2+(x_2-ave)^2+?+(x_(n-1)-ave)^2+(x_n-ave)^2]
- =1/n[x_1^2+x_2^2+x_3^2+...+x_n^2+n*ave^2-2*ave*(x_1+x_2+x_3+...+x_n)]
- 化简到这里可以发现,ave=1/n(x_1+x_2+x_3+...x_n)
- 那么这样的话,我们只用满足区间和,和区间平方和,这样的话我们就可以得到ans
- 这题TM的精度是真的恶心!!
代码
1 #include <cstdio> 2 #define ll long long 3 using namespace std; 4 struct edge { ll k,l,r; }tree[10000010]; 5 ll n,Q,t,a,b,c,ans1,ans2; 6 double ans; 7 void down(ll d,ll l,ll r) 8 { 9 ll mid=l+r>>1; 10 tree[d*2].k+=tree[d].r*tree[d].r*(mid-l+1)+tree[d*2].l*2*tree[d].r,tree[d*2+1].k+=tree[d].r*tree[d].r*(r-mid)+tree[d*2+1].l*2*tree[d].r; 11 tree[d*2].l+=(mid-l+1)*tree[d].r,tree[d*2+1].l+=(r-mid)*tree[d].r,tree[d*2].r+=tree[d].r,tree[d*2+1].r+=tree[d].r,tree[d].r=0; 12 } 13 void insert(ll d,ll l,ll r,ll L,ll R,ll w) 14 { 15 if (l==L&&r==R) tree[d].k+=(R-L+1)*w*w+2*tree[d].l*w,tree[d].l+=w*(R-L+1),tree[d].r+=w; 16 else 17 { 18 ll mid=l+r>>1;down(d,l,r); 19 if (mid<L) insert(d*2+1,mid+1,r,L,R,w); else if (mid>=R) insert(d*2,l,mid,L,R,w); 20 else insert(d*2,l,mid,L,mid,w),insert(d*2+1,mid+1,r,mid+1,R,w); 21 tree[d].k=tree[d*2].k+tree[d*2+1].k,tree[d].l=tree[d*2].l+tree[d*2+1].l; 22 } 23 } 24 void Query(ll d,ll l,ll r,ll L,ll R) 25 { 26 if (l==L&&r==R) ans1+=tree[d].l,ans2+=tree[d].k; 27 else 28 { 29 ll mid=l+r>>1;down(d,l,r); 30 if (mid<L) Query(d*2+1,mid+1,r,L,R); else if (mid>=R) Query(d*2,l,mid,L,R); 31 else Query(d*2,l,mid,L,mid),Query(d*2+1,mid+1,r,mid+1,R); 32 tree[d].l=tree[d*2].l+tree[d*2+1].l,tree[d].k=tree[d*2].k+tree[d*2+1].k; 33 } 34 } 35 int main() 36 { 37 scanf("%lld%lld",&n,&Q); 38 for (ll i=1,x;i<=n;i++) scanf("%lld",&x),insert(1,1,n,i,i,x); 39 while (Q--) 40 { 41 scanf("%lld",&t),ans1=ans2=0; 42 if (t==0) scanf("%lld%lld",&a,&b),insert(1,1,n,a,a,b); 43 if (t==1) scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&c),insert(1,1,n,a,b,c); 44 if (t==2) scanf("%lld%lld",&a,&b),Query(1,1,n,a,b),printf("%lld\n",ans1); 45 if (t==3) 46 { 47 scanf("%lld%lld",&a,&b); 48 Query(1,1,n,a,b); 49 double x=ans1,y=ans2,z=(b-a+1); 50 ans=(double)((double)y*z-(double)x*x)/((double)z*z); 51 printf("%.4lf\n",ans); 52 } 53 } 54 }
原文地址:https://www.cnblogs.com/Comfortable/p/10296006.html