老刘在网上放了dp的比赛，全?是dp；
菜如狗的lsj发现自己什么都不会，于是开了这篇随笔来巩固（重学）一下dp；
B - 最长等差数列
N个不同的正整数，找出由这些数组成的最长的等差数列。
例如：1 3 5 6 8 9 10 12 13 14
等差子数列包括(仅包括两项的不列举）
1 3 5
1 5 9 13
3 6 9 12
3 8 13
5 9 13
6 8 10 12 14
其中6 8 10 12 14最长，长度为5。
Input第1行：N，N为正整数的数量(3 <= N <= 10000)。
第2 - N+1行：N个正整数。(2<= Aii <= 10^9)Output最长等差数列的长度。Sample Input
10 1 3 5 6 8 9 10 12 13 14
Sample Output
5
先用sort拍一下序；dp【i】【u】表示结尾是a[i]，倒数第二个是a[u]的等差数列的长度；那么我们就可以列出方程:
if(a[i]-a[u]==a[u]-a[k])dp[i][u]=dp[u][k]+1;
看似好像是n^3, 但仔细分析一下的话会发现由于u是递增的，所以a[i]-a[u]是递减的；所以a[u]-a[k]也是递减的，所以k是递增的；
有了这个想法，就不难写出n^2的算法了；
1 #include<iostream>
2 #include<cstring>
3 #include<cstdio>
4 #include<cstring>
5 #include<algorithm>
6 #define xx getchar()
7 #define tmp 23
8 using namespace std;
9 int a[10001];
10 short dp[10001][10001];
11 int n;
12 short ans=0;
13 int read()
14 {
15 int x=0,f=1;
16 char ch;
17 ch=xx;
18 while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=xx;}
19 while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘){x=(x<<1)+(x<<3)+ch-‘0‘;ch=xx;}
20 return x*f;
21 }
22 int main()
23 {
24 n=read();
25 for(int i=1;i<=n;i++)
26 a[i]=read(),dp[i][0]=1;
27 sort(a+1,a+n+1);
28 for(int i=2;i<=n;i++)
29 {
30 int k=0;
31 for(int u=1;u<i;u++)
32 {
33 int x=a[u]-(a[i]-a[u]);
34 int f=0;
35 while(k<=u)
36 {
37 if(a[k]==x){dp[i][u]=dp[u][k]+1;f=1;}
38 if(a[k]>x)break;
39 k++;
40 }
41 if(f==0)dp[i][u]=2;
42 ans=max(ans,dp[i][u]);
43 }
44 }
45 cout<<ans<<endl;
46 return 0;
47 }
C - 最大M子段和
N个整数组成的序列a1,a2,a3,…,an，将这N个数划分为 互不相交的M个子段，并且这M个子段的和是最大的。 如果M >= N个数中正数的个数，那么输出所有正数的和。
例如： -2 11 -4 13 -5 6 -2，分为2段，11 -4 13一段，6 一段，和为26。
Input第1行：2个数N和M，中间用空格分隔。N为整数的个数，M为划分为多少段。（2 <= N , M <= 5000)
第2 - N+1行：N个整数 (-10^9 <= aii <= 10^9)Output输出这个最大和Sample Input
7 2 -2 11 -4 13 -5 6 -2
Sample Output
26 设dp【i】【u】将前u个数分成i段的最大值；刚开始想的是这样的；do[i][u]=max(dp[i-1][u],dp[i][u-1]);dp[i][u]=max(dp[i-1][u-1]+a[u],dp[i][u-1]+a[u],dp[i][u]);但是这样是有问题的；dp[i-1][u-1]+a[u]并不错但dp【i】【u-1】+a[u]就不一定了；因为第i个不一定连续到了u-1；那么我们就想一下如何保证dp【i】【u-1】+a【u】是可行的；经过深思熟虑的思考（查题解）；我们知道了这样一个方式：保证a[u-1]在i中；再开一个f[i][u]记录a[u]必选的最大值；那么就有f[i][u]=max(f[i-1][u-1]+a[u],f[i][u-1]+a[u]);那么dp[i][u]就可以改成dp[i][u]=max(dp[i-1][u-1],f[i][u]);这样就可以A掉此题；还值得说的就是对此题的空间优化了，因为f，dp数组都只和上一个f，dp有关，所以我们可以吧i给省略掉；
1 #include<iostream>
2 #include<cstring>
3 #include<cstdio>
4 #include<cstring>
5 #include<algorithm>
6 #define xx getchar()
7 #define tmp 23
8 #define intt long long
9 using namespace std;
10 int m;
11 int n;
12 short ans=0;
13 int read()
14 {
15 int x=0,f=1;
16 char ch;
17 ch=xx;
18 while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=xx;}
19 while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘){x=(x<<1)+(x<<3)+ch-‘0‘;ch=xx;}
20 return x*f;
21 }
22 intt a[10020];
23 intt dp[3][5001];
24 intt f[3][5001];
25 int b[10000];
26 intt sum[10000];
27 intt ansx=0;
28 int numz=0;
29 int main()
30 {
31 int k=0;
32 n=read();m=read();
33 for(int i=1;i<=n;i++)
34 {a[i]=read();b[i]=k;if(a[i]>0)numz++,ansx+=a[i],k=i;sum[i]=sum[i-1]+a[i];}
35 if(m>=numz){cout<<ansx<<endl;return 0;}
36 for(int i=1;i<=m;i++)
37 {
38 for(int u=1;u<=n;u++)
39 {
40 f[2][u]=max(dp[1][u-1]+a[u],f[2][u-1]+a[u]);
41 //if(a[u]>0)
42 //dp[2][u]=max(dp[1][u-1]+a[u],dp[2][b[u]]+sum[u]-sum[b[u]]);
43 dp[2][u]=max(f[2][u],dp[2][u-1]);
44 }
45 for(int u=1;u<=n;u++)
46 dp[1][u]=dp[2][u],f[1][u]=f[2][u];
47 }
48 cout<<dp[1][n]<<endl;
49 return 0;
50 }
D - 树的距离之和
给定一棵无根树，假设它有n个节点，节点编号从1到n, 求任意两点之间的距离（最短路径）之和。Input第一行包含一个正整数n (n <= 100000)，表示节点个数。
后面(n - 1)行，每行两个整数表示树的边。Output每行一个整数，第i(i = 1,2,...n)行表示所有节点到第i个点的距离之和。Sample Input
4 1 2 3 2 4 2
Sample Output
5 3 5 5
我们分析一下，对任意点的距离其实=e【i】.v*经过e【i】的次数；所以我们可以以边为单位来解决这个问题；
那么当根节点顺着边转移的时候，记次边原本被经过了x次，那么现在就变成了n-x次；而别的边是不变的；
所以我们只需要先去一个点来建一颗书，然后再递推出来答案就好了；
记得用longlong；
1 #include<iostream>
2 #include<cstring>
3 #define intt long long
4 using namespace std;
5 int read()
6 {
7 int x=0,f=1;
8 char ch;
9 ch=getchar();
10 while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();}
11 while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘){x=(x<<1)+(x<<3)+ch-‘0‘;ch=getchar();}
12 return x*f;
13 }
14 struct {int v,next,y,xxx;}e[1000000];
15 int lin[1000000];
16 int len=0;
17 intt n;
18 intt ans=0;
19 intt ansx[1000000]={};
20 int init(int x,int y,int v)
21 {e[++len].y=y;e[len].v=v;e[len].next=lin[x];lin[x]=len;e[len].xxx=0;}
22 struct sss{intt vis,v;};
23 int dfs(int x,int f,int vv)
24 {
25 int viss=0;
26 for(int i=lin[x];i;i=e[i].next)
27 {
28 int y=e[i].y;
29 if(y==f)continue;
30 ans+=vv+e[i].v;
31 e[i].xxx=dfs(y,x,vv+e[i].v);
32 viss+=e[i].xxx;
33 }
34 return viss+1;
35 }
36 void dfsx(int x,int f)
37 {
38 for(int i=lin[x];i;i=e[i].next)
39 {
40 int y=e[i].y;
41 if(y==f)continue;
42 int w=n-e[i].xxx;
43 ansx[y]=ansx[x]+(w-e[i].xxx)*e[i].v;
44 dfsx(y,x);
45 }
46 return ;
47 }
48 void initx()
49 {
50 n=read();
51 //cout<<n<<endl;
52 for(int i=1;i<=n-1;i++)
53 {
54 int x=read();
55 int y=read();
56 init(x,y,1);init(y,x,1);
57 }
58 dfs(1,0,0);
59 ansx[1]=ans;
60 dfsx(1,0);
61 }
62 int main()
63 {
64 initx();
65 for(int i=1;i<=n;i++)
66 {
67 cout<<ansx[i]<<endl;
68 }
69 return 0;
70 }