题目描述
设T=(V, E, W) 是一个无圈且连通的无向图（也称为无根树），每条边到有正整数的权，我们称T为树网（treebetwork），其中V，E分别表示结点与边的集合，W表示各边长度的集合，并设T有n个结点。
路径：树网中任何两结点a，b都存在唯一的一条简单路径，用d(a, b)表示以a, b为端点的路径的长度，它是该路径上各边长度之和。我们称d(a, b)为a, b两结点间的距离。
D(v, P)=min{d(v, u), u为路径P上的结点}。
树网的直径：树网中最长的路径成为树网的直径。对于给定的树网T，直径不一定是唯一的，但可以证明：各直径的中点（不一定恰好是某个结点，可能在某条边的内部）是唯一的，我们称该点为树网的中心。
偏心距ECC(F)：树网T中距路径F最远的结点到路径F的距离，即
ECC(F)=max{d(v, F)，v∈V}
任务：对于给定的树网T=(V, E, W)和非负整数s，求一个路径F，他是某直径上的一段路径（该路径两端均为树网中的结点），其长度不超过s（可以等于s），使偏心距ECC(F)最小。我们称这个路径为树网T=(V, E, W)的核（Core）。必要时，F可以退化为某个结点。一般来说，在上述定义下，核不一定只有一个，但最小偏心距是唯一的。
下面的图给出了树网的一个实例。图中，A-B与A-C是两条直径，长度均为20。点W是树网的中心，EF边的长度为5。如果指定s=11，则树网的核为路径DEFG（也可以取为路径DEF），偏心距为8。如果指定s=0（或s=1、s=2），则树网的核为结点F，偏心距为12。
输入输出格式
输入格式：
输入文件core.in包含n行：
第1行，两个正整数n和s，中间用一个空格隔开。其中n为树网结点的个数，s为树网的核的长度的上界。设结点编号以此为1，2，……，n。
从第2行到第n行，每行给出3个用空格隔开的正整数，依次表示每一条边的两个端点编号和长度。例如，“2 4 7”表示连接结点2与4的边的长度为7。
输出格式：
输出文件core.out只有一个非负整数，为指定意义下的最小偏心距。
输入输出样例
输入样例#1：
5 2 1 2 5 2 3 2 2 4 4 2 5 3
输出样例#1：
5
输入样例#2：
8 6 1 3 2 2 3 2 3 4 6 4 5 3 4 6 4 4 7 2 7 8 3
输出样例#2：
5
说明
40%的数据满足：5<=n<=15
70%的数据满足：5<=n<=80
100%的数据满足：5<=n<=300，0<=s<=1000。边长度为不超过1000的正整数
题解：
首先求出直径
可以用floyd，也可以SPFA或两次bfs
复杂度分别为n^3,n^2,n，但明显floyd更简单
根据网上多数题解认为：接下来偏心距只要考虑路径与直径两端点的距离
但显然是错的，在洛谷后来的加强数据这些题解是WA的
所以要求出每一个直径上的点到非直径上的点的最长距离
这里用了一个dfs实现
如果用Floyd的话判断i是否在直径就很简单
dist[x][i]+dist[i][y]==dist[x][y]
其实可以O(n^2)做，但没有必要
网上的O(n)算法还不知是否正确
1 #include<iostream>
2 #include<cstdio>
3 #include<cstring>
4 #include<algorithm>
5 using namespace std;
6 int ans,dist[301][301],map[301][301],n,s,inf,x,y,m[301];
7 bool vis[301];
8 int dfs(int now)
9 {int i,SS=0;
10 vis[now]=1;
11 for (i=1;i<=n;i++)
12 if (map[now][i]&&map[now][i]!=inf)
13 {
14 if (vis[i]==0)
15 {
16 if (dist[x][i]+dist[i][y]!=dist[x][y])
17 {
18 SS=max(SS,map[now][i]+dfs(i));
19 }
20 }
21 }
22 return SS;
23 }
24 int main()
25 {int i,j,k,u,v,d,maxx,l;
26 cin>>n>>s;
27 memset(dist,127/3,sizeof(dist));
28 inf=dist[0][0];
29 for (i=1;i<=n;i++) dist[i][i]=0;
30 for (i=1;i<=n-1;i++)
31 {
32 scanf("%d%d%d",&u,&v,&d);
33 dist[u][v]=dist[v][u]=d;
34 map[u][v]=map[v][u]=d;
35 }
36 for (k=1;k<=n;k++)
37 {
38 for (i=1;i<=n;i++)
39 {
40 for (j=1;j<=n;j++)
41 {
42 dist[i][j]=min(dist[i][j],dist[i][k]+dist[k][j]);
43 }
44 }
45 }
46 maxx=0;
47 for (i=1;i<=n;i++)
48 {
49 for (j=i+1;j<=n;j++)
50 if (dist[i][j]!=inf&&dist[i][j]>maxx)
51 {
52 x=i;y=j;maxx=dist[i][j];
53 }
54 }
55 for (i=1;i<=n;i++)
56 if (dist[x][i]+dist[i][y]==dist[x][y])
57 {
58 m[i]=dfs(i);
59 }
60 ans=2e9;
61 for (i=1;i<=n;i++)
62 if (dist[x][i]+dist[i][y]==dist[x][y])
63 {
64 for (j=1;j<=n;j++)
65 if (dist[x][j]+dist[j][y]==dist[x][y])
66 {int tmp=0;
67 for (l=1;l<=n;l++)
68 if (dist[i][l]+dist[l][j]==dist[i][j])
69 tmp=max(tmp,m[l]);
70 if (dist[i][j]<=s)
71 {
72 ans=min(ans,max(tmp,max(min(dist[x][i],dist[x][j]),min(dist[i][y],dist[j][y]))));
73 }
74 }
75 }
76 cout<<ans;
77 }