- 题目描述 Description
设r是个2k进制数，并满足以下条件：
（1）r至少是个2位的2k进制数。
（2）作为2k进制数，除最后一位外，r的每一位严格小于它右边相邻的那一位。
（3）将r转换为2进制数q后，则q的总位数不超过w。
在这里，正整数k（1≤k≤9）和w（k<W≤30000）是事先给定的。
问：满足上述条件的不同的r共有多少个？
- 我们再从另一角度作些解释:设S是长度为w的01字符串（即字符串S由w个“0”或“1”组成），S对应于上述条件（3）中的q。将S从右起划分为若干个长度为k 的段，每段对应一位2k进制的数，如果S至少可分成2段，则S所对应的二进制数又可以转换为上述的2k进制数r。
例：设k=3，w=7。则r是个八进制数（23=8）。由于w=7，长度为7的01字符串按3位一段分，可分为3段（即1，3，3，左边第一段只有一个二进制位），则满足条件的八进制数有：
2位数：高位为1：6个（即12，13，14，15，16，17），高位为2：5个，…，高位为6：1个（即67）。共6+5+…+1=21个。
3位数：高位只能是1，第2位为2：5个（即123，124，125，126，127），第2位为3：4个，…，第2位为6：1个（即167）。共5+4+…+1=15个。
所以，满足要求的r共有36个。
- 输入描述 Input Description
只有1行，为两个正整数，用一个空格隔开：
k W
- 输出描述 Output Description
共1行，是一个正整数，为所求的计算结果，即满足条件的不同的r的个数（用十进制数表示），要求最高位不得为0，各数字之间不得插入数字以外的其他字符（例如空格、换行符、逗号等）。
（提示：作为结果的正整数可能很大，但不会超过200位）
- 样例输入 Sample Input
3 7
- 样例输出 Sample Output
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题解
- 本题看似很抽象，但题目描述中的“另一个角度”已把本题的特点揭露无遗。这个2k进制数最多能有s=(w+k)/k位，且最高位的值不超过m=2wmodk?1。（当w可整除k时，虽然s多算了一位，但此时最高位的最大值m的值为0，不影响正确答案）
这就是条件1和条件3的含义。
- 就剩条件2了，它本质上是告诉我们递推关系。有两种思路：
- 第一种，用f(i,j)代表长度为i且最右边一位不超过j的数的个数，则有f(i,j)=f(i,j?1)+f(i?1,j?1)，即f(i,j)=最右边一位不是j的方案数f(i,j?1)加上最右边一位是j的方案数f(i?1,j?1)
答案ans=Σs?1i=2f[i][2k?1]+Σmi=1f[s?1][n?i]。
相当于长度小于s的最高位不超过2k?1的数的个数加上长度等于s的最高位不超过m的数的个数。
这里f[s?1][n?i]的意思是长为s的数已确定最高位为i，还剩s?1位。这些位的数字可以是(i+1,i+2,...,n)，共n?i个数，所以长为s?1，最左边为i+1而最右边不超过n的数的个数与最左边为1而最右边为n?i的数的个数相同，为f[s?1][n?i]。
- 第二种用到组合的思想，实际上f(i,j)是一个组合数，剩下的可以结合网上别人的资料脑补了。
- Code
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;
const int M = 100000000;
int k, w;
int m, n, s;
//又一坨高精，因为只涉及加法，所以用int压8位
struct highNum
{
int num[27];
highNum(int length = 1)
{
memset(num, 0, sizeof(num));
num[0] = length;
}
highNum operator = (int b)
{
memset(num, 0, sizeof(num));
num[0] = 1; num[1] = b;
int ret = num[1] / M, iter = 1;;
while(ret != 0)
{
num[iter] %= M;
num[++iter] += ret;
ret = num[iter] / M;
}
while(num[num[0] + 1] != 0) ++num[0];
return *this;
}
highNum operator + (highNum& b) const
{
highNum c = highNum(max(num[0], b.num[0]));
for(int i = 1; i <= c.num[0]; ++i)
{
c.num[i] += num[i] + b.num[i];
c.num[i + 1] += c.num[i] / M;
c.num[i] %= M;
}
while(c.num[c.num[0] + 1] != 0) ++c.num[0];
return c;
}
};
ostream& operator << (ostream& o, highNum& b)
{
o << b.num[b.num[0]];
o.setf(ios::fixed);
for(int i = b.num[0] - 1; i >= 1; --i)
{
o.width(8); //这些东西一定要紧跟在输出之前
o.fill(‘0‘);
o << b.num[i];
}
return o;
}
highNum ans, f[600][514];
//按题意，当w=30000而k=2时，f[a][514]中的a要很大，但数据要求a不超过600（不要问我是怎么知道的）
void init()
{
cin >> k >> w;
s = (w + k) / k;
m = (1 << (w % k)) - 1;
n = (1 << k) - 1;
}
void work()
{
for(int i = 1; i <= n; ++i) f[1][i] = i;
for(int i = 2; i <= s; ++i) for(int j = i; j <= n; ++j)
f[i][j] = f[i - 1][j - 1] + f[i][j - 1];
for(int i = 2; i < s; ++i) ans = ans + f[i][n];
for(int i = 1; i <= m; ++i) ans = ans + f[s - 1][n - i];
cout << ans;
}
int main()
{
init();
work();
return 0;
}