upcoj2679 Binary Tree（思路题）

题意：

给你两个串，每个串有LRU三个操作，L（R）为去左（右）子树，U为回到父亲（根节点不作处理）

然后按这样的规则遍历完第一个串，将现在的位置作为第二个串的起始位置

然后遍历第二个串，第二个串的每个位置都可以执行或者不执行，U操作为将原点倒退（按第一个串行进的过程反向）

问你最多能到多少个节点 ？

思路：

开一个栈将第一个串的每一步的变动压入栈中，第二个串遍历的时候开三个变量l,r,sum

lr分别表示向左（右）走的新节点数量，这样遍历第二个串的时候，

遇到L就让ans和r都加l，意思不好讲啊，就是当前向左走的话就开辟了向右走的新节点。。

遇到R同样，让ans和l都加r

最后就是遇到U的时候，如果第一个串的顶端是L的话表明他是从父亲节点向左走得到的当前的起点

然后U上去就开辟了一个向右走的新节点。。所以ans和r都加1，R的情况同理ans和l都加1

大概就是这样，还是画出图来比较好看，附上我的渣渣代码

/* ***********************************************
Author        :devil
************************************************ */
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include <set>
#include <stack>
#include <map>
#include <string>
#include <cmath>
#include <stdlib.h>
#define inf 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define dec(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define ou(a) printf("%d\n",a)
#define pb push_back
#define mkp make_pair
template<class T>inline void rd(T &x){char c=getchar();x=0;while(!isdigit(c))c=getchar();while(isdigit(c)){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();}}
#define IN freopen("in.txt","r",stdin);
#define OUT freopen("out.txt","w",stdout);
using namespace std;
const int mod=21092013;
const int N=1e5+10;
int t;
char s1[N],s2[N];
int main()
{
    rd(t);
    rep(y,1,t)
    {
        scanf("%s%s",s1,s2);
        stack<char>q;
        int len=strlen(s1);
        rep(i,0,len-1)
        {
            if(s1[i]==‘U‘) {if(!q.empty()) q.pop();}
            else q.push(s1[i]);
        }
        int l=1,r=1,ans=1;
        len=strlen(s2);
        rep(i,0,len-1)
        {
            if(s2[i]==‘U‘&&!q.empty())
            {
                char p=q.top();
                q.pop();
                ans++;
                if(p==‘L‘) r++;
                else l++;
            }
            else if(s2[i]==‘L‘)
            {
                (ans+=l)%=mod;
                (r+=l)%=mod;
            }
            else if(s2[i]==‘R‘)
            {
                (ans+=r)%=mod;
                (l+=r)%=mod;
            }
        }
        printf("Case %d: %d\n",y,ans%mod);
    }
    return 0;
}