B组:
T1:
农夫约的假期
Description:
在某国有一个叫农夫约的人,他养了很多羊,其中有两头名叫mm和hh,他们的歌声十分好听,被当地人称为“魔音”······
农夫约也有自己的假期呀!他要去海边度假,然而mm和hh不能离开他。没办法,他只好把他们两个带上。
到了海边,农夫约把他的羊放在一个(n*n)的矩阵(有n*n个方格)里。mm和hh十分好动,他们要走到m(m<=n*n)个地方,第i个地方的坐标为(x[i](行),y[i](列)),每到一个地方他们会高歌一曲,制造q[i]点魔音值,因为他们的魔音十分独特,他们的声音只能横着或竖着传播。每传播一格,魔音值会增加1。(传播的格子数取最小的)接下来农夫约要住酒店。为了方便照顾小羊们,他选的酒店的坐标要在矩阵内。但小羊们的魔音让他十分头疼。他想求出魔音值最小的地方。
他还要享受他的假期,所以他把这个任务交给你了,加油(^_^)。
概括:给定一些二维坐标点,求一个点,使得这些点到这个点的曼哈顿距离最小。
Output
第一行一个整数表示魔音值最小是多少。
接下来一行两个正整数zb1和zb2,表示魔音值最小的地方的坐标(如果有多个答案,输出横坐标最小的情况下,纵坐标最小的)。
Solution:
考虑纵坐标,一定是纵坐标中位数。
反证:如果不是,那么比中位数大的点mid+1都会+1,mid个点-1,不论上下位移,都不优。
横坐标同理。
由于横坐标最小,纵坐标最小,所以如果偶数,选择小的一个。
之后,乘一下z,然后加一下qi的和。这两部分都是定值。
(话说JZOJ标程忘了乘z,结果无人AC~~)
T2:
小x游世界树
Description:
小x得到了一个(不可靠的)小道消息,传说中的神岛阿瓦隆在格陵兰海的某处,据说那里埋藏着亚瑟王的宝藏,这引起了小x的好奇,但当他想前往阿瓦隆时发现那里只有圣诞节时才能到达,然而现在已经春天了,不甘心的他将自己的目的地改成了世界树,他耗费了大量的时间,终于将自己传送到了世界树下。世界树是一棵非常巨大的树,它有着许许多多的枝条以及节点,每个节点上都有一个平台。好不容易来到传说中的世界树下,小x当然要爬上去看看风景。小x每经过一条边都会耗费体力值。然而世界树之主想给他弄(gáo)些(dǐan)麻(shì)烦(qíng),于是他在每条边上都设了一个魔法阵,当小x踏上那条边时会被传送回根节点,魔法阵只生效一次。这岂不是要累死小x?幸运的是,每个平台上都有无数个加速器,这些加速器可以让小x在当前节点所连的边上耗费的体力值减少,不同平台的加速器性能不一定相同,但同一个平台的加速器性能绝对相同。世界树之主给了小x一次“换根”的机会,他可以将世界树的任何一个节点变为根,但所有的边都不能改变。小x想问你,将根换为哪个节点能使小x爬到世界树上的每个节点耗费的体力值和最少。默认编号为1的点为初始根。
(题目太麻烦)
给定一棵树:你要选择一个根,使得到每个点的距离之和最小。边权根据题意,从两个端点出发,可能加速器不一样,权值不同。
Solution:
裸的二次扫描换根法。
首先dfs一遍,处理子树大小,dis值之和。
再dfs一遍,从当前钦定根到一个儿子点的时候,这条边影响了dis总和值。子树外的点dis总和加上边权,子树点的dis总和减去边权。注意,边方向不同。
O(n)处理一下就好了。
T3:
观察
Description:
出题人给出一颗以1为根的树,一开始每个节点都是一颗棋子,一面白一面黑,白色的面朝上
接下来就q次操作,操作分两种
0操作 将一个颗棋子翻转
1操作 询问一颗棋子与所有面朝上为黑色的棋子lca最深的那个(lca)的编号
Solution:
非常非常没有思路是不是???
有一个不显而易见的结论:
如果询问求一个x,和它产生答案的黑点一定是dfs序中,x后继黑点和x前驱黑点。
为什么呢?
dfs有一个性质,一定会遍历整个子树之后,才会继续搜索。
所以,
1.如果前驱\后继在x子树里,显然答案就是x,没错。
2.如果前驱是x的某个祖先y,说明,要么x到y的路径上其他子树里,不会有黑色节点,要么有,就是后继了。(否则不满足dfs序先扫完一个子树的性质了)
所以,要么是前驱,要么是后继。
两个分别lca,取深度较深的点即可。
怎么求dfs序里面,x前驱后继呢?
1.set,按照dfs序排序,直接upper,lower
2.线段树,区间以编号为下标(dfs序:1~n)维护这个区间内,黑点的个数。
每次找x,就是从[1~x-1]找最大的黑点,划分logn区间后,优先找右子树,有黑点就进,否则进左子树。到了叶子就返回。
(我们也可以扩展一下,求k个点的lca,就是dfs序最小的一个,和dfs序最大的一个求lca)
修改直接改。
复杂度:m2logn
A组:
T1:
餐馆
Description:
K妹的胡椒粉大卖,这辣味让食客们感到刺激,许多餐馆也买这位K妹的账。有N家餐馆,有N-1条道路,这N家餐馆能相互到达。K妹从1号餐馆开始。每一个单位时间,K妹可以在所在餐馆卖完尽量多的胡椒粉,或者移动到有道路直接相连的隔壁餐馆。第i家餐馆最多需要A[i]瓶胡椒粉。K妹有M个单位的时间,问她最多能卖多少胡椒粉。
N,M<=500
Solution:
没什么可以说的。直接树形背包。因为可能走一下子树,再返回根。
所以:f[i][j][0/1]表示,从i出发往子树里面走,花j时间,不返回/返回的最优收益。
dp就好了。
T2:
Description:
Solution:
暴力分挺高的。20分暴力,50分P是质数,前缀积,再处理逆元一下就可以了。nlogn
P不是质数:
由于k是给定的。
不妨每k个作为一个块。处理每个点到所在块末尾的后缀积,和前缀积。
对于恰好在k里,直接随便输出。
否则,两个端点,l后缀积,r前缀积再乘一下就好了。
直接乘,避免了逆元。
T3:
随机
Description:
Solution:
暴力n^2logn
发现,其实,设取min的操作答案是A,长度是m,区间为l,r
如果l不变,r更大,m变大,A可能变小。
但是要再取max,所以,当m>A的时候,再往后移r就没有意义了。因为max只能更大。
之后,就后移l,m变小,A可能变大。
而A>m的时候,可以往后移,m虽然大了,但是A可能更小。
所以,每个点进一次,出一次,2n
注意时刻保证m>=2
但是,怎么向区间加入点,删除点的时候,快速更新A呢?
如果只是ai取min,直接一个multiset搞定。
但是这是一个差值。
所以,再开一个multiset2,记录multiset1,就是存数的set,大小相邻两个数的差值。
显然,set2里面必然有一个是min{|si-sj|}
插入一个点ax,从set1找到后继ay+1,前驱ay,把ay+1-ay的值从set2里面删掉一个。
把ax-ay,ay+1-ax放进set2,ax放进set1。
删除一个点ax,找前驱后继。
删除ax-ay,ay+1-ax,放进ay+1-ay, set1删除ax(倒着做一遍)
每次取set2.begin()就是min
原文地址:https://www.cnblogs.com/Miracevin/p/9451797.html