11.01 早上考试
T1 虎...
这题真是虎，大力才结论，水掉了...
每一次翻转一定是只翻转白色连续的一段，然后dfs一遍就行了
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define rint register int
using namespace std;
inline void read(int &x)
{
x=0; int ff=1; char q=getchar();
while(q<‘0‘||q>‘9‘) { if(q==‘-‘) ff=-1; q=getchar(); }
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
x*=ff;
}
const int N=1000006;
int first[N],nt[N<<1],ver[N<<1],clo[N<<1],fina[N<<1],e;
void addbian(int u,int v,int _clo,int _fina)
{
ver[e]=v; clo[e]=_clo;
fina[e]=_fina;
nt[e]=first[u];
first[u]=e++;
}
int n;
int ans;
int fa[N],g[N];
void dfs(int x)
{
g[x]=0;
int i,sum=0;
for(i=first[x];i!=-1;i=nt[i])
if(ver[i]!=fa[x])
{
fa[ver[i]]=x;
dfs(ver[i]);
if(!fina[i])
{
if(g[ver[i]])
++sum;
}
else
{
if(!g[ver[i]])
{
if(!clo[i]) ++sum;
}
else
{
if(clo[i]) ++ans;
else ++sum;
}
}
}
ans+=(sum>>1);
if(sum&1) g[x]=1;
else g[x]=0;
if(x==1&&g[x])
++ans;
}
int main(){
//freopen("T1.in","r",stdin);
//freopen("tiger.in","r",stdin);
//freopen("tiger.out","w",stdout);
rint i; int tin1,tin2,tin3;
mem(first,-1);
read(n);
for(i=2;i<=n;++i)
{
read(tin1); read(tin2); read(tin3);
if(tin2!=0) tin2=1;
if(tin3!=0) tin3=1;
addbian(i,tin1,tin2,tin3);
addbian(tin1,i,tin2,tin3);
}
dfs(1);
cout<<ans;
}
T1
T2 阴阳
30分暴搜
打表再来30分
正解是dp
发现黑白一定是分成两块，并且边界是单调的
分黑白在两边和边界单调下降什么的搞就行了
最后去掉重
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define rint register int
using namespace std;
inline void read(int &x)
{
x=0; char q=getchar();
while(q<‘0‘||q>‘9‘) q=getchar();
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
}
inline void readchar(char &x)
{
x=getchar();
while(x!=‘B‘&&x!=‘W‘&&x!=‘?‘) x=getchar();
}
const int mod=1e9+7;
int n,m;
char v[1006][1006];
ll f[1006][1006];
int wbl[1006],wbr[1006],bwl[1006],bwr[1006];
int t1[1006],t2[1006],t3[1006],t4[1006];
ll dp()
{
rint i,j,k; int l,r,tt; ll sum,an=0;
for(i=1;i<=n;++i)
{
r=0; l=m;
while(r<=m&&v[i][r]!=‘W‘) ++r; --r;
while(l>=0&&v[i][l]!=‘B‘) --l;
if(l<0) ++l;
bwl[i]=l; bwr[i]=r;
r=0; l=m;
while(r<=m&&v[i][r]!=‘B‘) ++r; --r;
while(l>=0&&v[i][l]!=‘W‘) --l;
if(l<0) ++l;
wbl[i]=l; wbr[i]=r;
}
// bl|wh
mem(f,0);
l=bwl[1]; r=bwr[1];
//printf("l=%d r=%d\n",l,r);
for(j=l;j<=r;++j) f[1][j]=1;
for(i=2;i<=n;++i)
{
l=bwl[i]; r=bwr[i];
//printf("l=%d r=%d\n",l,r);
sum=0;
for(k=r+1;k<=m;++k)
sum=(sum+f[i-1][k])%mod;
for(j=r;j>=l;--j)
{
sum=(sum+f[i-1][j])%mod;
f[i][j]=sum;
}
}
//printf("pr1an=%lld\n",an);
for(j=0;j<=m;++j)
an=(an+f[n][j])%mod;
//printf("ho1an=%lld\n",an);
// bl\wh
mem(f,0);
l=bwl[1]; r=bwr[1];
for(j=l;j<=r;++j) f[1][j]=1;
for(i=2;i<=n;++i)
{
l=bwl[i]; r=bwr[i];
sum=0;
for(k=0;k<l;++k)
sum=(sum+f[i-1][k])%mod;
for(j=l;j<=r;++j)
{
sum=(sum+f[i-1][j])%mod;
f[i][j]=sum;
}
}
for(j=0;j<=m;++j)
an=(an+f[n][j])%mod;
// wh/bl
mem(f,0);
l=wbl[1]; r=wbr[1];
for(j=l;j<=r;++j) f[1][j]=1;
for(i=2;i<=n;++i)
{
l=wbl[i]; r=wbr[i];
sum=0;
for(k=r+1;k<=m;++k)
sum=(sum+f[i-1][k])%mod;
for(j=r;j>=l;--j)
{
sum=(sum+f[i-1][j])%mod;
f[i][j]=sum;
}
}
for(j=0;j<=m;++j)
an=(an+f[n][j])%mod;
// wh\bl
mem(f,0);
l=wbl[1]; r=wbr[1];
for(j=l;j<=r;++j) f[1][j]=1;
for(i=2;i<=n;++i)
{
l=wbl[i]; r=wbr[i];
sum=0;
for(k=0;k<l;++k)
sum=(sum+f[i-1][k])%mod;
for(j=l;j<=r;++j)
{
sum=(sum+f[i-1][j])%mod;
f[i][j]=sum;
}
}
for(j=0;j<=m;++j)
an=(an+f[n][j])%mod;
// wh\bl
// wh/bl
// bl\wh
// bl/wh
//int wbmnl1=0,wbmxr1=m,bwmnl1=0,bwmxr1=m;
//int wbmnl2=0,wbmxr2=n,bwmnl2=0,bwmxr2=n;
int l0,r0;
int whnum=0,blnum=0;
l=0; r=m;
for(i=1;i<=n;++i)
{
if(l<wbl[i]) l=wbl[i];
if(r>wbr[i]) r=wbr[i];
}
//printf("l=%d r=%d\n",l,r);
for(i=l;i<=r;++i)
t1[i]+=2;
if(l==0) blnum+=1;
if(r==m) whnum+=1;
l=0; r=m;
for(i=1;i<=n;++i)
{
if(l<bwl[i]) l=bwl[i];
if(r>bwr[i]) r=bwr[i];
}
//printf("l=%d r=%d\n",l,r);
for(i=l;i<=r;++i)
t2[i]+=2;
if(l==0) whnum+=1;
if(r==m) blnum+=1;
l0=0; r0=n;
for(j=1;j<=m;++j)
{
l=n; r=0;
while(l>=0&&v[l][j]!=‘B‘) --l;
if(l<0) ++l;
while(r<=n&&v[r][j]!=‘W‘) ++r; --r;
if(l0<l) l0=l;
if(r0>r) r0=r;
}
//printf("l0=%d r0=%d\n",l0,r0);
for(i=l0;i<=r0;++i)
t3[i]+=2;
if(l0==0) whnum+=1;
if(r0==n) blnum+=1;
l0=0; r0=n;
for(j=1;j<=m;++j)
{
l=n; r=0;
while(l>=0&&v[l][j]!=‘W‘) --l;
if(l<0) ++l;
while(r<=n&&v[r][j]!=‘B‘) ++r; --r;
if(l0<l) l0=l;
if(r0>r) r0=r;
}
//printf("l0=%d r0=%d\n",l0,r0);
for(i=l0;i<=r0;++i)
t4[i]+=2;
if(l0==0) blnum+=1;
if(r0==n) whnum+=1;
//printf("prpran=%lld\n",an);
if(blnum) an=(an-blnum+1+mod)%mod;
if(whnum) an=(an-whnum+1+mod)%mod;
//printf("pran=%lld\n",an);
for(i=1;i<m;++i)
{
if(t1[i]) an=(an-t1[i]+1+mod)%mod;
if(t2[i]) an=(an-t2[i]+1+mod)%mod;
}
for(i=1;i<n;++i)
{
if(t3[i]) an=(an-t3[i]+1+mod)%mod;
if(t4[i]) an=(an-t4[i]+1+mod)%mod;
}
//printf("an=%lld\n",an);
return (an%mod+mod)%mod;
}
int main(){
//freopen("T2.in","r",stdin);
//freopen("T2.out","w",stdout);
rint i,j;
read(n); read(m);
for(i=1;i<=n;++i)
for(j=1;j<=m;++j)
readchar(v[i][j]);
printf("%lld",dp());
}
T2
T3 山洞
真正题意：
走m次，第i次走i步，又正好在第m次走回来的方案数
注意两个方案不同当且仅当走过的山洞排列有一个不同
直接矩阵乘，循环矩阵$O(n^2logm)$
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define rint register int
using namespace std;
inline void read(int &x)
{
x=0; char q=getchar();
while(q<‘0‘||q>‘9‘) q=getchar();
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
}
const int mod=1e9+7;
int n,m;
ll f[1006],a1[1006][1006],a[1006][1006],t[1006];
ll dp()
{
rint i,j,k,p; int t1,t2,ci;
for(i=0;i<n;++i) a[i][i]=1;
for(p=1;p<=n;++p)
{
for(i=0;i<n;++i)
{
t[i]=0;
t1=(i-p+n)%n;
t[i]=(t[i]+a[0][t1])%mod;
t2=(i+p)%n;
if(t1!=t2)
t[i]=(t[i]+a[0][t2])%mod;
}
for(i=0;i<n;++i)
a[0][i]=t[i];
/*for(i=0;i<n;++i)
printf("%lld ",a[0][i]);
printf("\n");*/
}
for(i=1;i<n;++i)
{
a[i][0]=a[i-1][n-1];
for(j=1;j<n;++j)
a[i][j]=a[i-1][j-1];
}
/*printf("\n");
for(i=0;i<n;++i)
{
for(j=0;j<n;++j)
printf("%lld ",a[i][j]);
printf("\n");
}
printf("\n");*/
ci=m/n; m=m-n*ci;
//printf("ci=%d\n",ci);
f[0]=1;
while(ci)
{
if(ci&1)
{
for(i=0;i<n;++i)
{
t[i]=0;
for(k=0;k<n;++k)
t[i]=(t[i]+f[k]*a[k][i]%mod)%mod;
}
for(i=0;i<n;++i)
f[i]=t[i];
}
for(i=0;i<n;++i)
{
t[i]=0;
for(k=0;k<n;++k)
t[i]=(t[i]+a[0][k]*a[k][i]%mod)%mod;
}
for(i=0;i<n;++i)
a[0][i]=t[i];
for(i=1;i<n;++i)
{
a[i][0]=a[i-1][n-1];
for(j=1;j<n;++j)
a[i][j]=a[i-1][j-1];;
}
ci>>=1;
}
for(p=1;p<=m;++p)
{
for(i=0;i<n;++i)
{
t[i]=0;
t1=(i-p+n)%n;
t[i]=(t[i]+f[t1])%mod;
t2=(i+p)%n;
if(t1!=t2)
t[i]=(t[i]+f[t2])%mod;
}
for(i=0;i<n;++i)
f[i]=t[i];
}
return f[0];
}
int main(){
//freopen("T3.in","r",stdin);
//freopen("T3.out","w",stdout);
read(n); read(m);
printf("%lld",dp());
}
T3
11.02 晚上
T1 set
无解是骗人的...
求出在mod n 意义下的前缀和，算上$sum_0$一共有最多有n+1个取值
一定有两个相等，输出两个之间的ans即可
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#define ll long long
#define rint register int
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
const int N=1000006;
inline void read(int &x)
{
x=0; int f=1;char ch=getchar();
while(ch<‘0‘|ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();}
while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘){x=x*10+ch-‘0‘;ch=getchar();}
x*=f;
}
int n;
int v[N],pr[N];
int pos[N];
int main(){
rint i,j;
read(n);
for(i=1;i<=n;++i)
read(v[i]);
mem(pos,-1);
pos[0]=0;
for(i=1;i<=n;++i)
{
pr[i]=(pr[i-1]+v[i])%n;
if(pos[pr[i]]!=-1)
{
printf("%d\n",i-pos[pr[i]]);
for(j=pos[pr[i]]+1;j<=i;++j)
printf("%d ",j);
printf("\n");
break;
}
pos[pr[i]]=i;
}
}
T1
T2 read
我还以为是什么高级数学题
结果...
很显然是让求最多出现次数的书出现了多少次
那么先 利用有用的最大出现次数一定>$\frac{n+1}{2}$的性质
设 id=0，cnt=0
扫到cnt=0，就id=当前位置值，cnt=1
if(cnt>0)
如果当前v不等于id，--cnt
否则++cnt
扫到最大值的编号id，但是cnt不准
所以再扫一遍，求出出现次数
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#define ll long long
#define rint register int
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
const int N=1000006;
inline void read(int &x)
{
x=0; int ff=1; char q=getchar();
while(q<‘0‘|q>‘9‘) { if(q==‘-‘) ff=-1; q=getchar(); }
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
x*=ff;
}
int n,m,K;
int c[1006],X[1006],Y[1006],Z[1006];
int main(){
rint i,j;
read(m); read(K);
for(i=1;i<=m;++i) read(c[i]);
for(i=1;i<=m;++i) read(X[i]);
for(i=1;i<=m;++i) read(Y[i]);
for(i=1;i<=m;++i) read(Z[i]);
int maxp=(1<<K)-1,id=-2e9,cnt=0,an; n=0; ll las;
for(i=1;i<=m;++i)
{
++n; las=X[i];
if(cnt==0)
id=las,cnt=1;
else
{
if(las!=id)
--cnt;
else
++cnt;
}
for(j=1;j<c[i];++j)
{
las=(las*Y[i]+Z[i])&maxp;
++n;
if(cnt==0)
id=las,cnt=1;
else
{
if(las!=id)
--cnt;
else
++cnt;
}
}
}
n=0; cnt=0;
for(i=1;i<=m;++i)
{
++n; las=X[i];
if(las==id) ++cnt;
for(j=1;j<c[i];++j)
{
las=(las*Y[i]+Z[i])&maxp;
++n;
if(las==id) ++cnt;
}
}
an=cnt-1-(n-cnt);
if(an<0) an=0;
cout<<an;
}
T2
T3 race
考试直接上01trie，然后就懵逼了...
正解：
把求$x^2$转化成求前面比他大的数两两配对的对数
然后发现在01trie上行走，每到一位有$2^{m-1}$天左边比右边大，有$2^{m-1}$天右边比左边大
设当前到了第i个人，$f_i$为到了01trie上第i位 要走儿子的对立儿子的size
$$ans=\sum_{2*f_i*f_k*2^{m-2}} 的异或和 $$
$2*f_i*f_k$是在枚举有序对
$2^{m-2}$是在求交集的个数
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define rint register int
using namespace std;
const int mod=1e9+7;
inline void read(int &x)
{
x=0; int ff=1; char q=getchar();
while(q<‘0‘||q>‘9‘) { if(q==‘-‘) ff=-1; q=getchar(); }
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
x*=ff;
}
const int N=200006;
int n,m;
int A[N];
ll an;
int cnt[42];
ll f[2][2006];
struct trie
{
int sum;
trie *ch[2];
trie(){sum=0;ch[0]=ch[1]=NULL;}
}tong[N*30],*root;
int size;
void add(int vv)
{
++root->sum;
trie *now=root; int i,tt;
for(i=m-1;~i;--i)
{
tt=((1<<i)&vv)>>i;
if(now->ch[tt]==NULL)
now->ch[tt]=&tong[size++];
now=now->ch[tt];
++now->sum;
}
}
void dfs(trie *x,ll pr,ll sum)
{
if(x->ch[0]==NULL&&x->ch[1]==NULL)
{
an^=sum;
return ;
}
int tt;
if(x->ch[0]!=NULL)
{
tt=(x->ch[1]==NULL?0:x->ch[1]->sum);
dfs(x->ch[0],(pr+tt)%mod,(sum+1LL*tt*(pr+tt)%mod*(1<<(m-1))%mod)%mod);
}
if(x->ch[1]!=NULL)
{
tt=(x->ch[0]==NULL?0:x->ch[0]->sum);
dfs(x->ch[1],(pr+tt)%mod,(sum+1LL*tt*(pr+tt)%mod*(1<<(m-1))%mod)%mod);
}
}
int main(){
//freopen("T3.in","r",stdin);
//freopen("T3.out","w",stdout);
rint i,j,k; int tt,sum,now,pr,q1;
read(n); read(m);
for(i=1;i<=n;++i)
read(A[i]);
root=&tong[size++];
for(i=1;i<=n;++i)
add(A[i]);
dfs(root,0,0);
cout<<an;
}
T3
11.02早上
T1 hanoi
它不一定是在中间m-2个柱子上均匀铺开最优...
$f_{i,j}$ 表示i个盘子j个柱子的最小次数
$$ f_{i,j}=min(f_{k,j}+f_{i-k,j-1})$$
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define ll long long
#define rint register int
using namespace std;
void read(int &x)
{
x=0; char q=getchar();
while(q<‘0‘||q>‘9‘) q=getchar();
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
}
int n,m;
ll f[106][106];
int main(){
rint i,j,k;
read(n); read(m);
mem(f,127);
for(j=3;j<=m;++j)
f[1][j]=1;
for(i=2;i<=n;++i)
f[i][3]=f[i-1][3]*2+1;
for(i=2;i<=n;++i)
for(j=4;j<=m;++j)
for(k=1;k<i;++k)
f[i][j]=min(f[i][j],f[k][j]*2+f[i-k][j-1]);
cout<<f[n][m];
}
T1
T2 rank
贪心就行了
如果rank和rank+1后面的位置仍然满足大小关系
说明这一位可以相等，解决纠纷留到下一次
否则必须++
最后大于26个取值就不合法...
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define ll long long
#define rint register int
using namespace std;
void read(int &x)
{
x=0; char q=getchar();
while(q<‘0‘||q>‘9‘) q=getchar();
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
}
const int N=200006;
int n;
int ran[N],pos[N];
int an[N];
int main(){
rint i;
read(n);
for(i=1;i<=n;++i)
read(ran[i]),pos[ran[i]]=i;
an[pos[1]]=0;
for(i=1;i<n;++i)
{
if(ran[pos[i]+1]<ran[pos[i+1]+1])
an[pos[i+1]]=an[pos[i]];
else
an[pos[i+1]]=an[pos[i]]+1;
}
int ff=0;
for(i=1;i<=n;++i)
if(an[i]>=26)
ff=1;
if(ff)
puts("-1");
else
for(i=1;i<=n;++i)
printf("%c",an[i]+‘a‘);
}
T2
T3 tree
又是两遍dfs的傻逼题...
$f_{x}$ 表示从x走到父亲的期望次数
转移方程经过一波化简后就会变成整数
没有分数...
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define ll long long
#define rint register int
using namespace std;
void read(int &x)
{
x=0; char q=getchar();
while(q<‘0‘||q>‘9‘) q=getchar();
while(q>=‘0‘&&q<=‘9‘) x=x*10+q-‘0‘,q=getchar();
}
const int mod=1e9+7;
const int N=100006;
int first[N],nt[N<<1],ver[N<<1],e;
void addbian(int u,int v)
{
ver[e]=v;
nt[e]=first[u];
first[u]=e++;
}
int n,Q;
int maxk;
ll f[N],g[N],sumf[N][21],sumg[N][21];
int st[N][21];
int fa[N],dep[N];
void dfs1(int x)
{
f[x]=1;
int i;
for(i=first[x];i!=-1;i=nt[i])
if(ver[i]!=fa[x])
{
fa[ver[i]]=x;
dep[ver[i]]=dep[x]+1;
dfs1(ver[i]);
f[x]=(f[x]+f[ver[i]]+1)%mod;
}
}
void dfs2(int x)
{
int i;
for(i=first[x];i!=-1;i=nt[i])
if(ver[i]!=fa[x])
{
if(fa[x]!=-1) g[ver[i]]=1;
g[ver[i]]=(g[ver[i]]+g[x]+1+(f[x]-1-f[ver[i]]-1))%mod;
dfs2(ver[i]);
}
}
void ST()
{
rint i; int j;
while((1<<maxk)<=n) ++maxk; --maxk;
mem(st,-1);
for(i=1;i<=n;++i)
st[i][0]=fa[i],sumf[i][0]=f[i],sumg[i][0]=g[i];
for(j=1;(1<<j)<=n;++j)
for(i=1;i<=n;++i)
if(st[i][j-1]!=-1)
st[i][j]=st[st[i][j-1]][j-1],
sumf[i][j]=(sumf[i][j-1]+sumf[st[i][j-1]][j-1])%mod,
sumg[i][j]=(sumg[i][j-1]+sumg[st[i][j-1]][j-1])%mod;
}
int LCA(int x,int y)
{
if(dep[x]<dep[y]) x^=y,y^=x,x^=y;
int j;
for(j=maxk;~j;--j)
if(dep[x]-(1<<j)>=dep[y])
x=st[x][j];
if(x==y) return x;
for(j=maxk;~j;--j)
if(st[x][j]!=-1&&st[x][j]!=st[y][j])
x=st[x][j],y=st[y][j];
return fa[x];
}
ll getf(int x,int y)
{
if(dep[x]<=dep[y]) return 0;
ll an=0; int j;
for(j=maxk;~j;--j)
if(dep[x]-(1<<j)>=dep[y])
an=(an+sumf[x][j])%mod,x=st[x][j];
return an;
}
ll getg(int x,int y)
{
if(dep[x]<=dep[y]) return 0;
ll an=0; int j;
for(j=maxk;~j;--j)
if(dep[x]-(1<<j)>=dep[y])
an=(an+sumg[x][j])%mod,x=st[x][j];
return an;
}
int main(){
//freopen("T3.in","r",stdin);
rint i; int tin1,tin2,tt;
mem(first,-1);
read(n); read(Q);
for(i=1;i<n;++i)
{
read(tin1); read(tin2);
addbian(tin1,tin2);
addbian(tin2,tin1);
}
fa[1]=-1; dfs1(1);
dfs2(1);
ST();
/*printf("\n");
for(i=1;i<=n;++i)
printf("%lld ",f[i]);
printf("\n");
for(i=1;i<=n;++i)
printf("%lld ",g[i]);
printf("\n");*/
for(i=1;i<=Q;++i)
{
read(tin1); read(tin2);
tt=LCA(tin1,tin2);
//printf("%d %d %d\n",tin1,tin2,tt);
printf("%lld\n",(getf(tin1,tt)+getg(tin2,tt))%mod);
}
}
T3
还有一些，不想写了....
最近老是犯一些智障错误
正解不会，暴力打挂...
我也很无奈啊...
时间： 2024-08-30 18:34:40