NO10——各种欧几里得

 1 int gcd(int n,int m)//n>m
 2 {
 3     //最大公约数
 4     int r;
 5     while(m)
 6     {
 7         r = n%m;
 8         n = m;
 9         m = r;
10     }
11     return n;
12 }
13
14 int kgcd(int a,int b)
15 {
16     if(!a) return b;
17     if(!b) return a;
18     if(!(a&1) && !(b&1))
19         return kgcd(a>>1,b>>1)<<1;
20     else if(!(b&1)) return kgcd(a,b>>1);
21     else if(!(a&1)) return kgcd(a>>1,b);
22     else return kgcd(abs(a-b),min(a,b));
23 }
24
25 //扩展欧几里得
26 //求方程ax+by+c = 0有多少整数解
27 int extgcd(int a,int b,int &x,int &y)
28 {
29     if(!b)
30     {
31         x=1;
32         y=0;
33         return a;
34     }
35     int d = extgcd(b,a%b,x,y);
36     int t = x;
37     x=y;
38     y=t-a/b*y;
39     return d;
40 }
时间: 2024-07-31 08:44:22

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UVa 11768 格点判定(扩展欧几里得求线段整点)

https://vjudge.net/problem/UVA-11768 题意: 给定两个点A(x1,y1)和B(x2,y2),均为0.1的整数倍.统计选段AB穿过多少个整点. 思路: 做了这道题之后对于扩展欧几里得有了全面的了解. 根据两点式公式求出直线 ,那么ax+by=c 中的a.b.c都可以确定下来了. 接下来首先去计算出一组解(x0,y0),因为根据这一组解,你可以写出它的任意解,其中,K取任何整数. 需要注意的是,这个 a' 和 b' 是很重要的,比如说 b' ,它代表的是x每隔 b

UVA - 1347 Tour 双调欧几里得旅行商问题

题目大意:给出n个点,要求你从最左边那个点走到最右边那个点,每个点都要被遍历过,且每个点只能走一次,问形成的最短距离是多少 解题思路:用dp[i][j]表示第一个人走到了第i个点,第二个人走到了第j个点且已经遍历了1–max(i,j)的所有点的最短距离.因为dp[i][j] = dp[j][i]的,所以我们设i > j的 那么就有 当j < i-1 时,dp[i][j] = dp[i-1][j] + dis(i, i -1) 当j == i + 1时情况就比较特别了,这里将j用i-1代替 dp

【算法学习】双调欧几里得旅行商问题(动态规划)(转)

双调欧几里得旅行商问题是一个经典动态规划问题.<算法导论(第二版)>思考题15-1和北京大学OJ2677都出现了这个题目. 旅行商问题描述:平面上n个点,确定一条连接各点的最短闭合旅程.这个解的一般形式为NP的(在多项式时间内可以求出) J.L. Bentley 建议通过只考虑双调旅程(bitonictour)来简化问题,这种旅程即为从最左点开始,严格地从左到右直至最右点,然后严格地从右到左直至出发点.下图(b)显示了 同样的7个点的最短双调路线.在这种情况下,多项式的算法是可能的.事实上,存

【扩展欧几里得】BZOJ1477-青蛙的约会

一直在WA,后来我发现我把东西看反了-- [题目大意] 给出一个长度为L的环状坐标轴,两个点开始时位于(X,0).(Y,0).每次两点分别往右边移动m和n,问能否相遇? [思路] 由题意,可得: X+mt=Y+nt(mod L) (X+mt)-(Y+nt)=L*k (n-m)t+L*k=X-Y. 可以用扩展欧几里得来做.具体来说,显然要满足n-m和L的最大公约数(记为d)要整除X-Y,否则无解.这个可以在扩展欧几里得中求出. 式子可以化简为:[(n-m)/d]*t+(L/d)*k=(X-Y)/d

POJ 1061 青蛙的约会 扩展欧几里得

扩展欧几里得模板套一下就A了,不过要注意刚好整除的时候,代码中有注释 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> using namespace std; typedef long long ll; ll exgcd(ll a, ll b, ll&x, ll&y) { if (b ==

NYOJ 欧几里得

描述 已知gcd(a,b)表示a,b的最大公约数. 现在给你一个整数n,你的任务是在区间[1,n)里面找到一个最大的x,使得gcd(x,n)等于1. 输入 输入文件的第一行是一个正整数T,表示有T组测试数据 接下来有T行,每行有一个正整数n (1<=n<=10^1000). 输出 每组测试输出要求x. 样例输入 2 4 7 样例输出 3 6 这题从头至尾就是个坑.题目说的是“欧几里得”,结合题目,很容易让人马虎,按照欧几里得算法解题.但是认真读题的话,不难发现 n 的范围,是一个大数问题.一句

bzoj4517: [Sdoi2016]排列计数--数学+拓展欧几里得

这道题是数学题,由题目可知,m个稳定数的取法是Cnm 然后剩下n-m本书,由于编号为i的书不能放在i位置,因此其方法数应由错排公式决定,即D(n-m) 错排公式:D[i]=(i-1)*(D[i-1]+D[i-2]); 所以根据乘法原理,答案就是Cnm * D(n-m) 接下来就是怎么求组合数的问题了 由于n≤1000000,因此只能用O(n)的算法求组合,这里用乘法逆元(inv[])来辅助求组合数 即 Cnm = n! / ((n-m)! * m!) = fac[n]*inv[n-m]*inv[

数论之拓展欧几里得求解不定方程和同余方程组(一)

今天接到scy的压缩包,开始做数论专题.那今天就总结一下拓展欧几里得求解不定方程和同余方程组. 首先我们复习一下欧几里得算法: 1 int gcd(int a,int b){ 2 if(b==0) return a; 3 return gcd(b,a%b);4 } 拓展欧几里得算法: 推导过程: 给出A和B,求它们的最大公约数,并且求出x和y,满足Ax+By=gcd(A,B). 当A=0时,x=0,y=1; 当A>0时, 因为exgcd(A,B,x,y)表示Ax+By=gcd(A,B) 而且ex

POJ 2115 (模线性方程 -&gt; 扩展欧几里得)

题意: for(i=A ; i!=B ;i +=C)循环语句,问在k位操作系统中循环结束次数. 若在有则输出循环次数. 否则输出死循环. 存在这样的情况:i= 65533 :i<=2:i+= 4:时i = 2: 由模线性方程->扩展欧几里得 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <cstring> #include <queue> using