题目背景
BBB 地区在地震过后，所有村庄都造成了一定的损毁，而这场地震却没对公路造成什么影响。但是在村庄重建好之前，所有与未重建完成的村庄的公路均无法通车。换句话说，只有连接着两个重建完成的村庄的公路才能通车，只能到达重建完成的村庄。
题目描述
给出 BBB 地区的村庄数 NNN ，村庄编号从 000 到 N−1N-1N−1 ，和所有 MMM 条公路的长度，公路是双向的。并给出第 iii 个村庄重建完成的时间 tit_iti? ，你可以认为是同时开始重建并在第 tit_iti? 天重建完成，并且在当天即可通车。若 tit_iti? 为 000 则说明地震未对此地区造成损坏，一开始就可以通车。之后有 QQQ 个询问 (x,y,t)(x, y, t)(x,y,t) ，对于每个询问你要回答在第 ttt 天，从村庄 xxx 到村庄y的最短路径长度为多少。如果无法找到从 xxx 村庄到 yyy 村庄的路径，经过若干个已重建完成的村庄，或者村庄 xxx 或村庄 yyy 在第t天仍未重建完成 ，则需要返回 −1-1−1 。
输入输出格式
输入格式：
第一行包含两个正整数 N,MN,MN,M ，表示了村庄的数目与公路的数量。
第二行包含 NNN 个非负整数 t0,t1,…,tN−1t_0, t_1,…, t_{N-1}t0?,t1?,…,tN−1? ，表示了每个村庄重建完成的时间，数据保证了 t0≤t1≤…≤tN−1t_0 ≤ t_1 ≤ … ≤ t_{N-1}t0?≤t1?≤…≤tN−1? 。
接下来 MMM 行，每行 333 个非负整数 i,j,wi, j, wi,j,w ， www 为不超过 100001000010000 的正整数，表示了有一条连接村庄 iii 与村庄 jjj 的道路，长度为 www ，保证 i≠ji≠ji≠j ，且对于任意一对村庄只会存在一条道路。
接下来一行也就是 M+3M+3M+3 行包含一个正整数 QQQ ，表示 QQQ 个询问。
接下来 QQQ 行，每行 333 个非负整数 x,y,tx, y, tx,y,t ，询问在第 ttt 天，从村庄 xxx 到村庄 yyy 的最短路径长度为多少，数据保证了 ttt 是不下降的。
输出格式：
共 QQQ 行，对每一个询问 (x,y,t)(x, y, t)(x,y,t) 输出对应的答案，即在第 ttt 天，从村庄 xxx 到村庄 yyy 的最短路径长度为多少。如果在第t天无法找到从 xxx 村庄到 yyy 村庄的路径，经过若干个已重建完成的村庄，或者村庄x或村庄 yyy 在第 ttt 天仍未修复完成，则输出 −1-1−1 。
输入输出样例
输入样例#1：
4 5 1 2 3 4 0 2 1 2 3 1 3 1 2 2 1 4 0 3 5 4 2 0 2 0 1 2 0 1 3 0 1 4
输出样例#1：
-1 -1 5 4
说明
对于 30%30\%30% 的数据，有 N≤50N≤50N≤50 ；
对于 30%30\%30% 的数据，有 ti=0t_i= 0ti?=0 ，其中有 20%20\%20% 的数据有 ti=0t_i = 0ti?=0 且 N>50N>50N>50 ；
对于 50%50\%50% 的数据，有 Q≤100Q≤100Q≤100 ；
对于 100%100\%100% 的数据，有 N≤200N≤200N≤200 ， M≤N×(N−1)/2M≤N \times (N-1)/2M≤N×(N−1)/2 ， Q≤50000Q≤50000Q≤50000 ，所有输入数据涉及整数均不超过 100000100000100000 。
看到这题数据范围就不停地想O(QN)的算法，但是没想到。
想到了另一种暴力的方法，就是我们对于每一个询问(x, y, t)，都把t之前没有恢复的村庄恢复，然后跑Floyd暴力更新。
想都没想就是O(QN^2)...
想不到别的做法，弃疗了写一发暴力...woc?A了？
然后才认真的分析了一下复杂度，我们发现不管Q有多少，我们最多只会并且必须拓展n个节点，对于每个中转节点，都跑一遍枚举两个端点Floyd，所以是O(N^3)的...
看来以后要认真分析复杂度，否则想出正解都以为是错的...
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;
inline int read(){
int res=0;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch))ch=getchar();
while(isdigit(ch)){res=(res<<3)+(res<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
return res;
}
int n, m, Q;
int t[205], top;
int dis[205][205];
int main()
{
n = read(), m = read();
for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) t[i] = read();
top = 1;
memset(dis, 0x3f, sizeof dis);
for (int i = 1 ; i <= m ; i ++)
{
int x = read() + 1, y = read() + 1, z = read();
dis[x][y] = dis[y][x] = z;
}
Q = read();
while(Q--)
{
int x = read() + 1, y = read() + 1, z = read();
bool fl = 0;
if (t[x] > z or t[y] > z) fl = 1;
while(t[top] <= z and top <= n)
{
for (register int i = 1 ; i <= n ; i ++)
if (i != top)
for (register int j = 1 ; j <= n ; j ++)
if (j != top and j != i)
dis[i][j] = min(dis[i][j], dis[i][top] + dis[top][j]);
top++;
}
if (dis[x][y] == 0x3f3f3f3f or fl) printf("-1\n");
else printf("%d\n", dis[x][y]);
}
return 0;
}
原文地址：https://www.cnblogs.com/zZh-Brim/p/9356345.html