洛谷P3327 [SDOI2015]约数个数和

题目描述

设d(x)为x的约数个数，给定N、M，求 \sum^N_{i=1}\sum^M_{j=1}d(ij)∑i=1N?∑j=1M?d(ij)

输入输出格式

输入格式：

输入文件包含多组测试数据。第一行，一个整数T，表示测试数据的组数。接下来的T行，每行两个整数N、M。

输出格式：

T行，每行一个整数，表示你所求的答案。

输入输出样例

输入样例#1： 复制

2
7 4
5 6

输出样例#1： 复制

110
121

说明

1<=N, M<=50000

1<=T<=50000

有一个定理

$d\left( i,j\right) =\sum _{x|i}\sum _{y|j}\left[ \gcd \left( x,y\right) = 1\right]$

然后大力推公式就好了

后面两项暴力分块预处理

// luogu-judger-enable-o2
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int MAXN=1e6+10;
inline int read()
{
    char c=getchar();int x=0,f=1;
    while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();}
    while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();}
    return x*f;
}
int N,M;
int vis[MAXN],prime[MAXN],tot=0,mu[MAXN];
long long divv[MAXN];
void GetMu()
{
    vis[1]=1;mu[1]=1;
    for(int i=2;i<=N;i++)
    {
        if(vis[i]==0) prime[++tot]=i,mu[i]=-1;
        for(int j=1;j<=tot&&i*prime[j]<=N;j++)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0){mu[i*prime[j]]=0;break;}
            else mu[i*prime[j]]=-mu[i];
        }
    }
    for(int i=1;i<=N;i++)
        mu[i]+=mu[i-1];
    for(int i=1;i<=N;i++)
        for(int j=1,nxt;j<=i;j=nxt+1)
            nxt=i/(i/j),
            divv[i]+=(long long )(nxt-j+1)*(i/j);
}
main()
{
    #ifdef WIN32
    freopen("a.in","r",stdin);
    #else
//    freopen("SDOI2015yue.in","r",stdin);
//    freopen("SDOI2015yue.out","w",stdout);
    #endif
    N=50000;
    GetMu();
    int QWQ=read();
    while(QWQ--)
    {
        long long ans=0;
        N=read(),M=read();
        if(N>M) swap(N,M);
        for(int i=1,nxt;i<=N;i=nxt+1)
        {
            nxt=min(N/(N/i),M/(M/i));
            ans+=(long long )(mu[nxt]-mu[i-1])*divv[N/i]*divv[M/i];
        }
        printf("%lld\n",ans);
    }
    return 0;
} 

原文地址：https://www.cnblogs.com/zwfymqz/p/8540662.html