[中山市选2011]完全平方数 ——莫比乌斯函数

题意:

求第k大的,不是任意完全平方数(除了1)整数倍的数。

求第k大的不含有完全平方数因子的数。

T<=50组询问,K<=1e9

题解:

考虑完全平方数的倍数,就直接考虑质数的平方数的倍数就好。

第k大直接求不好求。也不能循环判断。

因为大小是单调的(废话),所以可以二分。

对于mid,可以用所有的小于mid的质数平方数判断有多少个是不合法的。

但是,对于pri^2,prj^2 ,两者的最小公倍数即(pri*prj)^2的倍数会被多减一次。

所以考虑到了容斥。。。但是2^sum(pr)的复杂度太高了。

(?1)kmidp1?p2?...?pk

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时间: 2024-11-03 22:33:09

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BZOJ 2440 中山市选 2011 完全平方数 莫比乌斯函数+二分

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bzoj2440 [中山市选2011]完全平方数 莫比乌斯函数应用

先用二分把问题转化一下,然后利用容斥定理和莫比乌斯函数搞一搞就好了. /************************************************************** Problem: 2440 User: mybing Language: C++ Result: Accepted Time:4908 ms Memory:2556 kb ****************************************************************/

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$\sum_{i=1}^n[i==d^2*p]$ 其中p无平方因子$=\sum_{d^2\mid n,d>=2}\sum_{i=1}^{\lfloor {n/d^2} \rfloor} \left| \mu(i) \right |$然后就成了计算$\left| \mu(i) \right |$ 的前缀和?但是貌似不太可能啊 然后我们重新考虑容斥.发现最终的结果 s=一个质数平方的倍数-两个质数乘积平方的倍数-三个的-五个的+6个的发现系数和$\mu$一样,然后就可以枚举d进行计算了$$\sum_

BZOJ 2440: [中山市选2011]完全平方数(二分答案 + 莫比乌斯函数 + 容斥原理)

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BZOJ2440 [中山市选2011]完全平方数

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【BZOJ】2440: [中山市选2011]完全平方数(莫比乌斯+容斥原理+二分)

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