01串 Stringsobits
题目背景
考虑排好序的N(N<=31)位二进制数。
题目描述
他们是排列好的，而且包含所有长度为N且这个二进制数中1的位数的个数小于等于L(L<=N)的数。
你的任务是输出第i（1<=i<=长度为N的二进制数的个数）小的（注：题目这里表述不清，实际是，从最小的往大的数，数到第i个符合条件的，这个意思），长度为N，且1的位数的个数小于等于L的那个二进制数。
（例：100101中，N=6，含有位数为1的个数为3）。
输入输出格式
输入格式：
共一行，用空格分开的三个整数N，L，i。
输出格式：
共一行，输出满足条件的第i小的二进制数。
输入输出样例
输入样例#1：
5 3 19
输出样例#1：
10011
说明
题目翻译来自NOCOW。
USACO Training Section 3.2
思路：
注意点：“第几小的数”用int不够，要用long long int。
我们的目标是找到第i个长为N的，最多含有L个1的二进制数。那么，用F[k, i]来表示在前k位中，恰有i个1的二进制数的数量。Sum(F[k, 0~i])就表示在前k位中，最多有i个1的二进制数的数量。
转移方程很好写，边界条件是F[k, 0] = 1（在前k位中，没有1的二进制数只有一个，每一位都是0）。
F[k, i] = F[k-1, i] + F[k-1, i-1]，分别是第k位是0和第k位是1。
接下来，for k in [0, n]（注意，从0开始循环），求出Sum(F[k, 0~L])。如果这个和大于等于p，就说明我们要求的这个数字包含在bit[k]=1的情况里。那么我们就可以把p扣除掉bit[k]=0的情况，也就是扣掉Sum(F[k-1, 0~i])【即第k位是0时，至多有i个1的二进制数的数量。】。
确定了bit[k]=1，那么就可以把L和n各扣掉1，继续找下一个为1的位了（重复上面步骤）。
最后倒序输出这个二进制数就完成了。
代码：
1 #include<stdio.h>
2 #include<iostream>
3 #include<algorithm>
4 #include<string.h>
5 #include<math.h>
6 #include<stdlib.h>
7 #include<ctype.h>
8 #include<stack>
9 #include<queue>
10 #include<map>
11 #include<set>
12 #include<vector>
13 #define ll long long
14 #define db double
15 using namespace std;
16 const int N=1e6+5;
17 const int mod=1e9+7;
18 int dp[33][33];
19 bool num[33];
20 void search(int n, int l, long long int p) {
21 long long int s, last;
22 for (int k = 0; k <= n; k++) {
23 last = s;
24 s = 0;
25 for (int i = 0; i <= l; i++) {
26 s += dp[k][i];
27 }
28 if (s >= p) {
29 num[k] = true;
30 return search(n-1, l-1, p-last);
31 }
32 }
33 }
34 int main() {
35 int n, l;
36 long long int p;
37 scanf("%d %d %lld", &n, &l, &p);
38 for (int k = 0; k <= n; k++) {
39 dp[k][0] = 1;
40 }
41 for (int k = 1; k <= n; k++) {
42 for (int i = 1; i <= k; i++) {
43 dp[k][i] = dp[k-1][i] + dp[k-1][i-1];
44 }
45 }
46 search(n, l, p);
47 for (int k = n; k >= 1; k--) {
48 printf("%d", num[k]);
49 }
50 return 0;
51 }