题意：
有n * k块木板，每个木桶由k木板组成，每个木桶的容量定义为它最短的那块木板的长度。
任意两个木桶的容量v1，v2，满足|v1-v2| <= d。
问n个木桶容量的最大的和为多少，或者说明不可能做出这样的n个木桶。
思路：
贪心
要满足|v1-v2| <= d，那么就要满足最大的木桶容量和最小的木桶容量的差小于等于d。
所以先把木板长度排序，如果a[0] 到 a[0] + d这个范围内有大于等于n个木板，那么就存在合理的分配方案，因为可以把至少n个木板作为最短的木板。
然后就计算最大的和，如果a[0] 到 a[0] + d这个范围内刚好有n块木板，那么最大的和就是这n块木板长度的和；
如果大于n的话，那么就要考虑让每个木桶最小木板的长度尽可能的大，就是让每个最小木板尽选择数组后面的数字。
因为1块木板可以支配k - 1块木板，所以下一个木桶的最小长度就可以从a[k]开始，这样就让最小的尽量大了。
一个木板可以覆盖的区间长度是k，假设a[0] 到 a[0] + d这个范围内有sum块木板，那么多余的木板就是res = sum - n。
区间数量就是c = res / (k-1)，设r = res / (k - 1)，
当r = 0，那么就有c个完整的区间，前c个木桶的长度就是0*k，1*k，2*k . . . (c-1)*k，后n - c个木桶的容量的下标就从c * k到sum-1；
当r != 0，有c个完整的区间和一个不完整的区间，前c + 1个木桶的容量就是0 * k，1 * k，2 * k . . . c * k，后n - c - 1个木桶的容量的下标就从c * k + r + 1到sum - 1。
代码：
1 #include <stdio.h>
2 #include <string.h>
3 #include <algorithm>
4 using namespace std;
5 const int N = 1e5 + 10;
6 long long a[N];
7 int main()
8 {
9 int n,k;
10 long long l;
11 scanf("%d%d%lld",&n,&k,&l);
12 for (int i = 0;i < n * k;i++) scanf("%lld",&a[i]);
13 sort(a,a+n*k);
14 //printf("%lld\n",a[0] + l);
15 int pos = upper_bound(a,a+n*k,a[0] + l) - a;
16 pos--;
17 //printf("%d\n",pos);
18 if (pos < n - 1) puts("0");
19 else
20 {
21 long long ans = 0;
22 int sum = pos + 1;
23 if (sum == n)
24 {
25 for (int i = 0;i < n;i++) ans += a[i];
26 }
27 else
28 {
29 if (k == 1)
30 {
31 for (int i = 0;i < n;i++) ans += a[i];
32 }
33 else
34 {
35 int c = (sum - n) / (k - 1);
36 int r = (sum - n) % (k - 1);
37 if (r)
38 {
39 for (int i = 0;i <= c;i++)
40 {
41 ans += a[i*k];
42 }
43 n -= c + 1;
44 for (int i = k * c + r + 1;i <= pos;i++)
45 {
46 if (n == 0) break;
47 ans += a[i];
48 n--;
49 }
50 }
51 else
52 {
53 for (int i = 0;i < c;i++)
54 {
55 ans += a[i*k];
56 }
57 n -= c;
58 for (int i = k * c;i <= pos;i++)
59 {
60 if (n == 0) break;
61 ans += a[i];
62 n--;
63 }
64 }
65 }
66 }
67 printf("%lld\n",ans);
68 }
69 return 0;
70 }
codeforces 985C Liebig's Barrels
原文地址：https://www.cnblogs.com/kickit/p/9070612.html