题目描述
从前一个和谐的班级，所有人都是搞OI的。有 nn 个是男生，有 00 个是女生。男生编号分别为 1,…,n1,…,n。
现在老师想把他们分成若干个两人小组写动态仙人掌，一个人负责搬砖另一个人负责吐槽。每个人至多属于一个小组。
有若干个这样的条件：第 vv 个男生和第 uu 个男生愿意组成小组。
请问这个班级里最多产生多少个小组？
输入格式
第一行两个正整数，n,mn,m。保证 n≥2n≥2。
接下来 mm 行，每行两个整数 v,uv,u 表示第 vv 个男生和第 uu 个男生愿意组成小组。保证 1≤v,u≤n1≤v,u≤n，保证 v≠uv≠u，保证同一个条件不会出现两次。
输出格式
第一行一个整数，表示最多产生多少个小组。
接下来一行 nn 个整数，描述一组最优方案。第 vv 个整数表示 vv 号男生所在小组的另一个男生的编号。如果 vv 号男生没有小组请输出 00。
样例一
input
10 20 9 2 7 6 10 8 3 9 1 10 7 1 10 9 8 6 8 2 8 1 3 1 7 5 4 7 5 9 7 8 10 4 9 1 4 8 6 3 2 5
output
5 9 5 6 10 2 3 8 7 1 4
样例二
input
5 4 1 5 4 2 2 1 4 3
output
2 2 1 4 3 0
正解：带花树算法
解题报告：
这道题是一般图最大匹配，也就是带花树算法裸题。
大概讲一下一般图最大匹配的思想：一般图最大匹配由带花树算法实现，2015年国家集训队论文中我校学长陈胤伯详细介绍了这一算法。
考虑一般图与二分图最大的不同就在于一般图存在奇环，所以我们不能完全套用二分图最大匹配的算法。
在这里不加以证明的给出具体做法（证明详见2015年国家队论文）：
每次从一个未盖点出发，将其命名为偶点（偶点匹配的点称之为奇点），枚举其出边以及出边连接的点v：
如果v在本次BFS中还未被经过，则假设未匹配，那么找到了一条增广路，原路返回，把原来的匹配边和非匹配边取反，这样可以使答案加一； 否则，将v的匹配点加入队列中拓展，根据我们上面的定义，v的匹配点显然也是偶点。
如果v已经访问过，那么显然出现了环，这个环如果是偶环则不用考虑，如果是奇环且本身两个点就不处在同一个现有已经处理过的奇环中，我们就需要将其缩为一个点（或者说是一朵花），并且把上面的奇点全都标记为偶点，丢到队列里面拓展。
这就是带花树的完整做法。不理解的可以结合我的代码理解一下。我就是看别人代码看懂的......
代码如下：
//It is made by ljh2000
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int MAXN = 520;
const int MAXM = 250011;
const int MAXL = 10011;
int n,m,ecnt,first[MAXN],next[MAXM],to[MAXM],father[MAXN],Tim;
int dui[MAXL],head,tail,id[MAXN],pre[MAXN],match[MAXN],ans,vis[MAXN];
inline int find(int x){ if(father[x]!=x) father[x]=find(father[x]); return father[x]; }
inline int getint(){
int w=0,q=0; char c=getchar(); while((c<‘0‘||c>‘9‘) && c!=‘-‘) c=getchar();
if(c==‘-‘) q=1,c=getchar(); while (c>=‘0‘&&c<=‘9‘) w=w*10+c-‘0‘,c=getchar(); return q?-w:w;
}
inline int lca(int x,int y){
Tim++;
while(vis[x]!=Tim) {
if(x) {
x=find(x);
if(vis[x]==Tim) return x;
vis[x]=Tim;
if(match[x]!=0) x=find(pre[match[x]]);
else x=0;
}
swap(x,y);
}
return x;
}
inline void change(int x,int y,int k){//把奇环上的点缩成一个点，并且把原来是奇点的点变成偶点，加入队列
while(find(x)!=k) {
pre[x]=y; int z=match[x];
if(id[z]==1) { id[z]=0; dui[++tail]=z; }
if(find(z)==z) father[z]=k;
if(find(x)==x) father[x]=k;
y=z; x=pre[y];
}
}
inline bool bfs(int ini){
for(int i=1;i<=n;i++) id[i]=-1,father[i]=i;
head=tail=0; dui[++tail]=ini; id[ini]=0; int u;
while(head<tail) {
u=dui[++head];
for(int i=first[u];i;i=next[i]) {
int v=to[i];
if(id[v]==-1) {
pre[v]=u; id[v]=1;
if(!match[v]) {
int last,t,now=v;
while(now!=0) {
t=pre[now]; last=match[t];
match[t]=now; match[now]=t;
now=last;
}
return true;
}
id[match[v]]=0; dui[++tail]=match[v];
}
else if(id[v]==0&&find(u)!=find(v)){ //出现奇环且不是在同一个环中
int g=lca(u,v);
change(u,v,g);
change(v,u,g);
}
}
}
return false;
}
inline void work(){
n=getint(); m=getint(); int x,y;
for(int i=1;i<=m;i++) {
x=getint(); y=getint();
next[++ecnt]=first[x]; first[x]=ecnt; to[ecnt]=y;
next[++ecnt]=first[y]; first[y]=ecnt; to[ecnt]=x;
}
for(int i=1;i<=n;i++) if(!match[i]&&bfs(i)) ans++;
printf("%d\n",ans);
for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d ",match[i]);
}
int main()
{
work();
return 0;
}