题意:求A^B的所有因子的和对9901取余后的值
如:2^3=8,8的因子有 1,2,4,8,所有和为15,取余后也是15
应用定理主要有三个:
(1)整数的唯一分解定理:
任意正整数都有且只有一种方式写出其素因子的乘积表达式。
A=(p1^k1)*(p2^k2)*(p3^k3)*....*(pn^kn) 其中pi均为素数
(2)约数和公式:
对于已经分解的整数A=(p1^k1)*(p2^k2)*(p3^k3)*....*(pn^kn)
有A的所有因子之和为
S = (1+p1+p1^2+p1^3+...p1^k1) * (1+p2+p2^2+p2^3+….p2^k2)
* (1+p3+ p3^3+…+ p3^k3) * .... * (1+pn+pn^2+pn^3+...pn^kn)
(3)同余定理
(a+b)%m=(a%m+b%m)%m
(a*b)%m=(a%m*b%m)%m
A^B的所有约数之和为:
sum = [1+p1+p1^2+...+p1^(k1*B)] * [1+p2+p2^2+...+p2^(k2*B)] *...
* [1+pn+pn^2+...+pn^(kn*B)]
必须得先求A的素因子及其个数,再求和
但是A,B都到5000万了,直接求和肯定会超时,我们再来看
用递归二分求等比数列1+pi+pi^2+pi^3+...+pi^n:
(1)若n为奇数,一共有偶数项,则:
1 + p + p^2 + p^3 +...+ p^n
= (1+p^(n/2+1)) + p * (1+p^(n/2+1)) +...+ p^(n/2) * (1+p^(n/2+1))
= (1 + p + p^2 +...+ p^(n/2)) * (1 + p^(n/2+1))
(2)若n为偶数,一共有奇数项,则:
1 + p + p^2 + p^3 +...+ p^n
= (1+p^(n/2+1)) + p * (1+p^(n/2+1)) +...+ p^(n/2-1) * (1+p^(n/2+1)) + p^(n/2)
= (1 + p + p^2 +...+ p^(n/2-1)) * (1+p^(n/2+1)) + p^(n/2);
由以上式子可知,前半部分恰好就是原式的一半,可以递归二分求解
其中p^k暴力求解也会超时,可以用快速幂取余
#include<stdio.h> #include<string.h> #include<math.h> #define M 10000 #define N 9901 int p[M],cnt[M]; __int64 PowMod(__int64 a,__int64 b) //a^b%N快速幂取余 { __int64 ans=1; a%=N; while(b){ if(b%2) ans=ans*a%N; b/=2; a=a*a%N; } return ans; } __int64 sum(int p,int n) //递归二分求和 { if(n==0) return 1; if(n%2) return sum(p,n/2)*(1+PowMod(p,n/2+1))%N; //奇数时 return (sum(p,n/2-1)*(1+PowMod(p,n/2+1))%N+PowMod(p,n/2))%N; //偶数时 } int main() { int a,b,i,k; __int64 ans; while(scanf("%d%d",&a,&b)!=EOF){ memset(cnt,0,sizeof(cnt)); k=1; for(i=2;i*i<=a;i++){ //计算a的素因子和个数 if(a%i==0){ p[k]=i; while(a%i==0){ cnt[k]++; a/=i; } k++; } } if(a!=1){ //记住最后判断一下 p[k]=a; cnt[k++]++; } ans=1; for(i=1;i<k;i++) ans=ans*(sum(p[i],cnt[i]*b)%N)%N; printf("%I64d\n",ans); } return 0; }