题目描述
为了得到书法大家的真传，小 E 同学下定决心去拜访住在魔法森林中的隐 士。魔法森林可以被看成一个包含 n 个节点 m 条边的无向图，节点标号为 1,2,3,…,n，边标号为 1,2,3,…,m。初始时小 E 同学在 1 号节点，隐士则住在 n 号节点。小 E 需要通过这一片魔法森林，才能够拜访到隐士。
魔法森林中居住了一些妖怪。每当有人经过一条边的时候，这条边上的妖怪 就会对其发起攻击。幸运的是，在 1 号节点住着两种守护精灵：A 型守护精灵与 B 型守护精灵。小 E 可以借助它们的力量，达到自己的目的。
只要小 E 带上足够多的守护精灵，妖怪们就不会发起攻击了。具体来说，无 向图中的每一条边 ei 包含两个权值 ai 与 bi 。若身上携带的 A 型守护精灵个数不 少于 ai ，且 B 型守护精灵个数不少于 bi ，这条边上的妖怪就不会对通过这条边 的人发起攻击。当且仅当通过这片魔法森林的过程中没有任意一条边的妖怪向 小 E 发起攻击，他才能成功找到隐士。
由于携带守护精灵是一件非常麻烦的事，小 E 想要知道，要能够成功拜访到 隐士，最少需要携带守护精灵的总个数。守护精灵的总个数为 A 型守护精灵的 个数与 B 型守护精灵的个数之和。
输入输出格式
输入格式：
输入文件的第 1 行包含两个整数 n,m，表示无向图共有 n 个节点，m 条边。 接下来 m 行，第i+ 1 行包含 4 个正整数 Xi,Yi,ai,bi，描述第i条无向边。 其中Xi与 Yi为该边两个端点的标号，ai 与 bi 的含义如题所述。 注意数据中可能包含重边与自环。
输出格式：
输出一行一个整数：如果小 E 可以成功拜访到隐士，输出小 E 最少需要携 带的守护精灵的总个数；如果无论如何小 E 都无法拜访到隐士，输出“-1”（不 含引号）。
输入输出样例
输入样例#1：
4 5 1 2 19 1 2 3 8 12 2 4 12 15 1 3 17 8 3 4 1 17
输出样例#1：
32
输入样例#2：
3 1 1 2 1 1
输出样例#2：
-1
说明
- 解释1
如果小 E 走路径 1→2→4，需要携带 19+15=34 个守护精灵； 如果小 E 走路径 1→3→4，需要携带 17+17=34 个守护精灵； 如果小 E 走路径 1→2→3→4，需要携带 19+17=36 个守护精灵； 如果小 E 走路径 1→3→2→4，需要携带 17+15=32 个守护精灵。 综上所述，小 E 最少需要携带 32 个守护精灵。
- 解释2
小 E 无法从 1 号节点到达 3 号节点，故输出-1。
平民办法：
给a,b排升序 从第一条边枚举动态加边，SPFA求最小的b ，每次跑完后比较最小值
标算： LCT -->不会饿~但是我比标算跑得快啊！！
1 #include <algorithm>
2 #include <cstdio>
3 #include <queue>
4
5 using namespace std;
6
7 const int M(100000+5);
8 const int N(50000+15);
9 const int INF(1e8);
10 int n,m,x,y,u,v,ans;
11
12 queue<int>que;
13 int inq[N],dis[N];
14
15 struct Road
16 {
17 int x,y,a,b;
18 }road[M];
19 bool cmp(Road a,Road b)
20 {
21 if(a.a==b.a) return a.b<b.b;
22 return a.a<b.a;
23 }
24
25 int head[N],sumedge;
26 struct Edge
27 {
28 int u,v,w,next;
29 Edge(int u=0,int v=0,int w=0,int next=0):
30 u(u),v(v),w(w),next(next){}
31 }edge[M<<1];
32 void ins(int u,int v,int w)
33 {
34 edge[++sumedge]=Edge(u,v,w,head[u]);
35 head[u]=sumedge;
36 }
37
38 int main()
39 {
40 scanf("%d%d",&n,&m);
41 ans=INF;
42 for(int i=2;i<=n;i++) dis[i]=INF;
43 for(int i=1;i<=m;i++)
44 scanf("%d%d%d%d",&road[i].x,&road[i].y,&road[i].a,&road[i].b);
45 sort(road+1,road+m+1,cmp);
46 for(int i=1;i<=m;i++)
47 {
48 x=road[i].x;y=road[i].y;
49 ins(x,y,road[i].b);
50 ins(y,x,road[i].b);
51 if(inq[x]&&inq[y]) continue;
52 que.push(x);inq[x]=1;
53 que.push(y);inq[y]=1;
54 if(road[i].a==road[i-1].a&&road[i].b==road[i-1].b) continue;
55 while(!que.empty())
56 {
57 u=que.front();que.pop();inq[u]=0;
58 for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
59 {
60 v=edge[i].v;
61 if(dis[v]>max(dis[u],edge[i].w))
62 {
63 dis[v]=max(dis[u],edge[i].w);
64 if(!inq[v]) que.push(v),inq[v]=1;
65 }
66 }
67 }
68 ans=min(ans,dis[n]+road[i].a);
69 }
70 if(ans>=INF) printf("-1\n");
71 else printf("%d\n",ans);
72 return 0;
73 }