CF Div 2 537
感觉题目难度OK，五个题都能做，后俩题考察人的翻译水平...
另外，$Claris$太强了...
A
直接按照题意模拟，不知道为啥有人会被×
代码：
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <queue>
#include <iostream>
#include <bitset>
using namespace std;
#define N 1005
char s[N],t[N];
int main()
{
int n,m;scanf("%s%s",s+1,t+1);n=strlen(s+1),m=strlen(t+1);
if(n!=m)return puts("No"),0;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(s[i]==t[i])continue;
if((s[i]=='a'||s[i]=='u'||s[i]=='e'||s[i]=='i'||s[i]=='o')&&(t[i]=='a'||t[i]=='u'||t[i]=='e'||t[i]=='i'||t[i]=='o'))continue;
if((s[i]!='a'&&s[i]!='u'&&s[i]!='e'&&s[i]!='i'&&s[i]!='o')&&(t[i]!='a'&&t[i]!='u'&&t[i]!='e'&&t[i]!='i'&&t[i]!='o'))continue;
puts("No");return 0;
}puts("Yes");
}B
一开始以为是贪心，后来觉得，可以二分，最后发现，连二分都不用，直接枚举就行...
非常简单，枚举也需要用到一些贪心思想的...
显然，留下的一定是最大的几个，所以先从小到大排个序，然后剩下的随便加就行...
那么枚举删掉几个...
剩下的$O(1)$求答案，需要维护一个后缀和...
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <queue>
#include <iostream>
#include <bitset>
using namespace std;
#define N 100005
#define ll long long
int a[N],n,m,k;ll s[N];long double ans;
int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&k,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);sort(a+1,a+n+1);
for(int i=n;i;i--)s[i]=a[i]+s[i+1];
for(int i=1;i<=n&&i<=m+1;i++)
{
long double tmp=min((ll)m-i+1,(ll)k*(n-i+1));
ans=max(ans,(tmp+s[i])/(n-i+1));
}
printf("%.7lf\n",(double)ans);
}最后发现，除了枚举之外的做法都被×了...
C
感觉比B要简单？
直接动态开点线段树+暴力分治即可...
因为每段区间直接是互相不影响的...
时间复杂度为线段树节点个数，也就是$O(kn)$
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <queue>
#include <iostream>
#include <bitset>
using namespace std;
#define N 100005
#define ll long long
#define lson l,m,tr[rt].ls
#define rson m+1,r,tr[rt].rs
struct Segment{int ls,rs,siz;}tr[N*31];
int n,k,A,B,rot,cnt;
void insert(int x,int l,int r,int &rt)
{
if(!rt)rt=++cnt;tr[rt].siz++;if(l==r)return ;int m=(l+r)>>1;
if(x<=m)insert(x,lson);else insert(x,rson);
}
ll solve(int l,int r,int rt)
{
if(!rt)return A;if(l==r)return (ll)B*tr[rt].siz;int m=(l+r)>>1;
return min((ll)B*(r-l+1)*tr[rt].siz,solve(lson)+solve(rson));
}
int main()
{
scanf("%d%d%d%d",&n,&k,&A,&B);
for(int i=1,x;i<=k;i++)scanf("%d",&x),insert(x,1,1<<n,rot);
printf("%lld\n",solve(1,1<<n,rot));
}D
这个题真的是看不懂题意是啥，多亏了Claris的题意.jpg
可以发现，不钦定相同集合的话，就是裸的背包。
那么钦定相同集合的话...也是裸的背包。
差别就是，需要把背包中钦定的部分回退，然后更新答案，再加回来...
记忆化搜索真快！
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <queue>
#include <iostream>
#include <bitset>
#include <map>
using namespace std;
#define N 100005
#define ll long long
#define mod 1000000007
map<pair<int ,int > ,int >mp;
int fac[N],inv[N],f[N],t[N],n,Q,w;char s[N];
int q_pow(int x,int n){int ret=1;for(;n;n>>=1,x=(ll)x*x%mod)if(n&1)ret=(ll)ret*x%mod;return ret;}
void ins(int x){for(int i=n;i>=x;i--)(f[i]+=f[i-x])%=mod;}
void del(int x){for(int i=x;i<=n;i++)(f[i]+=mod-f[i-x])%=mod;}
int calc(int x,int y)
{
if(x>y)swap(x,y);if(x+y>(n>>1))return 0;if(mp.find(make_pair(x,y))!=mp.end())return mp[make_pair(x,y)];int ret=0;
del(x),del(y);ret=f[(n>>1)-x-y];ins(x);ins(y);return mp[make_pair(x,y)]=(((ret<<1)%mod)+mod)%mod;
}
int main()
{
scanf("%s%d",s+1,&Q);n=strlen(s+1);f[0]=fac[0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++)t[s[i]]++,fac[i]=(ll)i*fac[i-1]%mod;inv[n]=q_pow(fac[n],mod-2);
for(int i=n;i;i--)inv[i-1]=(ll)i*inv[i]%mod;w=(ll)fac[n>>1]*fac[n>>1]%mod;
for(int i=0;i<=128;i++)if(t[i])ins(t[i]),w=(ll)w*inv[t[i]]%mod;
while(Q--)
{
int x,y;scanf("%d%d",&x,&y);
if(s[x]==s[y])printf("%lld\n",(ll)w*f[n>>1]%mod);
else printf("%lld\n",(ll)w*calc(t[s[x]],t[s[y]])%mod);
}
}E
这个题真的是有意思...
首先$\sum k\le 10^5$就一眼虚树...
然后钦定$r$的话就直接把$r$也建在虚树里，然后建双向边，以$r$为根遍历...
然后的话...
考试的时候，我写了一个$O(nm^2)$的树形背包，没调出来，不知道哪里GG了...
考完发现自己强行把插板问题转化为了背包做，就很绝望...
那么就直接说正解了...
我们考虑，枚举一个集合数量。
然后每次转移的时候，只需要这个节点和它的所有祖先不在同一个集合即可。
那么不论它的祖先怎么分配，它的方案数一定是$m-siz$，其中$m$是枚举的集合大小，$siz$是祖先个数...
每次转移的话，要么新建一个集合，也就是$f[i]+=f[i-1]$，要么$f[i]=f[i]\times (m-siz)$
附上代码：
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <queue>
#include <iostream>
#include <bitset>
using namespace std;
#define N 100005
#define ll long long
#define mod 1000000007
struct node{int to,next;}e[N<<1];
int head[N],cnt,fa[N],anc[N],dep[N],siz[N],son[N],idx[N],tims,n,Q;
void add(int x,int y){e[cnt]=(node){y,head[x]};head[x]=cnt++;}
void dfs1(int x,int from)
{
siz[x]=1,fa[x]=from,dep[x]=dep[from]+1;
for(int i=head[x];i!=-1;i=e[i].next)
{
int to1=e[i].to;
if(to1!=from)dfs1(to1,x),siz[x]+=siz[to1],siz[son[x]]<siz[to1]?son[x]=to1:0;
}
}
void dfs2(int x,int top)
{
anc[x]=top;idx[x]=++tims;if(son[x])dfs2(son[x],top);
for(int i=head[x];i!=-1;i=e[i].next)if(e[i].to!=fa[x]&&e[i].to!=son[x])dfs2(e[i].to,e[i].to);
}
int get_lca(int x,int y)
{
while(anc[x]!=anc[y])
{
if(dep[anc[x]]<dep[anc[y]])swap(x,y);
x=fa[anc[x]];
}return dep[x]<dep[y]?x:y;
}
bool cmp(const int &a,const int &b){return idx[a]<idx[b];}
int q[N],size,vis[N],sta[N],top,m,now;
int f[305];
void dfs(int x,int from)
{
if(vis[x]){for(int i=m;i>=now;i--)(f[i+1]+=f[i])%=mod,f[i]=(ll)f[i]*(i-now)%mod;now++;}
for(int i=head[x];i!=-1;i=e[i].next)if(e[i].to!=from)dfs(e[i].to,x);
head[x]=-1;if(vis[x])now--;vis[x]=0;
// printf("%d\n",x);
// for(int i=0;i<=m;i++)printf("%d ",f[x][i]);puts("");
}
void build(int r)
{
f[0]=1;for(int i=1;i<=m;i++)f[i]=0;
bool used_r=0;top=0;cnt=0;
for(int i=1;i<=size;i++)if(q[i]==r){used_r=1;break;}if(!used_r)q[++size]=r;sort(q+1,q+size+1,cmp);
sta[++top]=1;
for(int i=1;i<=size;i++)
{
int x=q[i],lca=get_lca(sta[top],x);if(!used_r&&r==q[i])vis[x]=0;else vis[x]=1;
while(top>1&&dep[sta[top-1]]>=dep[lca])add(sta[top-1],sta[top]),add(sta[top],sta[top-1]),top--;
if(sta[top]!=lca)add(lca,sta[top]),add(sta[top],lca),sta[top]=lca;if(x!=sta[top])sta[++top]=x;
}while(top>1)add(sta[top-1],sta[top]),add(sta[top],sta[top-1]),top--;
dfs(r,0);int ans=0;
for(int i=1;i<=m;i++)ans=(ans+f[i])%mod;printf("%d\n",(ans+mod)%mod);
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&Q);memset(head,-1,sizeof(head));
for(int i=1,x,y;i<n;i++)scanf("%d%d",&x,&y),add(x,y),add(y,x);dfs1(1,0);dfs2(1,1);memset(head,-1,sizeof(head));
while(Q--)
{
int r;
scanf("%d%d%d",&size,&m,&r);
for(int i=1;i<=size;i++)scanf("%d",&q[i]);
build(r);
}
}原文地址：https://www.cnblogs.com/Winniechen/p/10351812.html
时间： 2024-11-04 07:21:36