【BZOJ4003】【JLOI2015】城池攻占

Description

小铭铭最近获得了一副新的桌游,游戏中需要用 m 个骑士攻占 n 个城池。这 n 个城池用 1 到 n 的整数表示。除 1 号城池外,城池 i 会受到另一座城池 fi 的管辖,其中 fi <i。也就是说,所有城池构成了一棵有根树。这 m 个骑士用 1 到 m 的整数表示,其中第 i 个骑士的初始战斗力为 si,第一个攻击的城池为 ci。

每个城池有一个防御值 hi,如果一个骑士的战斗力大于等于城池的生命值,那么骑士就可以占领这座城池;否则占领失败,骑士将在这座城池牺牲。占领一个城池以后,骑士的战斗力将发生变化,然后继续攻击管辖这座城池的城池,直到占领 1 号城池,或牺牲为止。

除 1 号城池外,每个城池 i 会给出一个战斗力变化参数 ai;vi。若 ai =0,攻占城池 i 以后骑士战斗力会增加 vi;若 ai =1,攻占城池 i 以后,战斗力会乘以 vi。注意每个骑士是单独计算的。也就是说一个骑士攻击一座城池,不管结果如何,均不会影响其他骑士攻击这座城池的结果。

现在的问题是,对于每个城池,输出有多少个骑士在这里牺牲;对于每个骑士,输出他攻占的城池数量。

Input

第 1 行包含两个正整数 n;m,表示城池的数量和骑士的数量。第 2 行包含 n 个整数,其中第 i 个数为 hi,表示城池 i 的防御值。第 3

到 n +1 行,每行包含三个整数。其中第 i +1 行的三个数为 fi;ai;vi,分别表示管辖这座城池的城池编号和两个战斗力变化参数。第 n

+2 到 n + m +1 行,每行包含两个整数。其中第 n + i 行的两个数为 si;ci,分别表示初始战斗力和第一个攻击的城池。

Output

输出 n + m 行,每行包含一个非负整数。其中前 n 行分别表示在城池 1 到 n 牺牲的骑士数量,后 m 行分别表示骑士 1 到 m 攻占的城池数量。

Sample Input

5 5

50 20 10 10 30

1 1 2

2 0 5

2 0 -10

1 0 10

20 2

10 3

40 4

20 4

35 5

Sample Output

2

2

0

0

0

1

1

3

1

1

Hint

对于 100% 的数据,\(1 \leq n,m \leq 300000\);

\(1 \leq fi < i 1 \leq ci \leq n\);

$ -10^{18} \leq hi,vi,si \leq 10^{18}$;

ai等于1或者0;当 ai =1 时,vi > 0;

保证任何时候骑士战斗力值的绝对值不超过 \(10^{18}\)。

Solution

可并堆+标记维护,遍历树即可。时间复杂度\(O((n+m) log_{2} m)\).

Code

#include <stdio.h>
#define MN 300005
#define R register
#define ll long long
#define file(x) freopen(#x".in","r",stdin);freopen(#x".out","w",stdout);
#define endfile fclose(stdin),fclose(stdout)
inline int read(){
    R int x; R bool f; R char c;
    for (f=0; (c=getchar())<‘0‘||c>‘9‘; f=c==‘-‘);
    for (x=c-‘0‘; (c=getchar())>=‘0‘&&c<=‘9‘; x=(x<<3)+(x<<1)+c-‘0‘);
    return f?-x:x;
}
inline ll Read(){
    R ll x; R bool f; R char c;
    for (f=0; (c=getchar())<‘0‘||c>‘9‘; f=c==‘-‘);
    for (x=c-‘0‘; (c=getchar())>=‘0‘&&c<=‘9‘; x=(x<<3)+(x<<1)+c-‘0‘);
    return f?-x:x;
}
inline void swap(int &x,int &y){x^=y; y^=x; x^=y;}
namespace leftist{
    struct node{
        int ls,rs,ht;
        ll v,tg1,tg2;
        node(){ls=rs=ht=0;tg1=1,v=tg2=0;}
        inline void A1(ll vl){
            tg2*=vl;tg1*=vl;v*=vl;
        }
        inline void A2(ll vl){
            tg2+=vl;v+=vl;
        }
    }T[MN];
    inline void pushdown(node &p){
        if (p.ls) T[p.ls].A1(p.tg1),T[p.ls].A2(p.tg2);
        if (p.rs) T[p.rs].A1(p.tg1),T[p.rs].A2(p.tg2);
        p.tg1=1,p.tg2=0;
    }
    inline int merge(int x,int y){
        if (!x||!y) return x+y;
        if (T[x].v>T[y].v) swap(x,y);
        pushdown(T[x]);T[x].rs=merge(T[x].rs,y);
        if (T[T[x].rs].ht>T[T[x].ls].ht) swap(T[x].ls,T[x].rs);
        T[x].ht=T[T[x].rs].ht+1;return x;
    }
}
using namespace leftist;
int n,m,op[MN],to[MN],nt[MN],en,h[MN],rt[MN],rm[MN],ans[MN],dp[MN];ll v[MN],gd[MN];
inline void ins(int u,int v){to[++en]=v,nt[en]=h[u],h[u]=en;}
inline void dfs(int u,int d){
    dp[u]=d;for (R int i=h[u]; i; i=nt[i]) dfs(to[i],d+1),rt[u]=merge(rt[u],rt[to[i]]);
    while (T[rt[u]].v<gd[u]&&rt[u]) ans[rt[u]]=dp[ans[rt[u]]]-dp[u],pushdown(T[rt[u]]),rt[u]=merge(T[rt[u]].ls,T[rt[u]].rs),++rm[u];
    if (!rt[u]) return;if (op[u]) T[rt[u]].A1(v[u]);else T[rt[u]].A2(v[u]);
}
int main(){
    n=read(),m=read();T[0].ht=-1;
    for (R int i=1; i<=n; ++i) gd[i]=Read();
    for (R int i=2; i<=n; ++i)
        ins(read(),i),op[i]=read(),v[i]=Read();
    for (R int i=1; i<=m; ++i){
        T[i].v=Read();
        if (!rt[ans[i]=read()]) rt[ans[i]]=i;
        else rt[ans[i]]=merge(rt[ans[i]],i);
    }dfs(1,1);while(rt[1]) ans[rt[1]]=dp[ans[rt[1]]],pushdown(T[rt[1]]),rt[1]=merge(T[rt[1]].ls,T[rt[1]].rs);
    for (R int i=1; i<=n; ++i) printf("%d\n",rm[i]);
    for (R int i=1; i<=m; ++i) printf("%d\n",ans[i]);return 0;
}
时间: 2024-11-13 02:39:04

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可并堆 QAQ改了一下午……最终弃疗求助zyf……居然被秒了QAQ真是弱到不行(zyf太神了Orz) 还是先考虑部分分的做法: 1.$n,m\leq 3000$:可以暴力模拟每个骑士的攻打过程,也可以利用拓扑序,将当前城池的后代的攻打情况统计完后,再统计有哪些其实打到了当前城池,over了几个,又有几个继续前进了……时间复杂度应该是O(n*m)的吧. 2.一条链的情况 >_>没想出来 3.所有的骑士武力值都不变的情况:可以用倍增搞出每个骑士如果想打到第$2^k$个祖先处最小需要多大的武力值(其