2019CCPC网络预选赛 1003 K-th occurrence 后缀自动机 + 二分 + 主席树

题意：给你一个长度为n的字符串，有m次询问，每次询问l到r的子串在原串中第k次出现的位置，如果没有输出-1。n, m均为1e5级别。

思路：后悔没学后缀数组QAQ，其实只要学过后缀数组这个题还是比较好想的。这个问题可以转化为有多少个后缀和后缀l的lcp长度大于等于r - l + 1。我们知道，在后缀数组中，两个后缀i, j的lcp是min(height[rank[j] + 1], height[rank[j] + 2], ....height[rank[i]])。那么，我们可以二分出一个最靠左的位置(假设这个位置是p)，这个位置到rank[l]的height都是 >= r - l + 1的，即从p到rank[l]这些位置的后缀与l的lcp长度都是大于等于r - l + 1的。rank[l]的右边同理可得。那么，我们就可以知道有哪些后缀可能是答案了。那么还有一个问题，怎么知道它们中第k个位置呢？这个就是一个静态区间第k大问题，我们把sa[i]按顺序插入到主席树中，然后再二分出的两个端点之间询问第k大的位置即可。

代码（后缀数组板子copy网上的QAQ）：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 100010;
char s[maxn];
int n, tot;
int root[maxn];
struct node {
    int sum;
    int lc, rc;
};
node tr[maxn * 50];
struct SA {
    int sa[maxn], x[maxn], y[maxn], c[maxn];
    int rank[maxn], height[maxn], h[maxn];
    int f[maxn][18];

    void build_sa(int m) {
        for (int i = 0; i <= m; i++) c[i] = 0;
        for (int i=1; i<=n; ++i) ++c[x[i]=s[i]];
    //c数组是桶
    //x[i]是第i个元素的第一关键字
        for (int i=2; i<=m; ++i) c[i]+=c[i-1];
    //做c的前缀和，我们就可以得出每个关键字最多是在第几名
        for (int i=n; i>=1; --i) sa[c[x[i]]--]=i;
        for (int k=1; k<=n; k<<=1) {
            int num=0;
            for (int i=n-k+1; i<=n; ++i) y[++num]=i;
    //y[i]表示第二关键字排名为i的数，第一关键字的位置
    //第n-k+1到第n位是没有第二关键字的 所以排名在最前面
            for (int i=1; i<=n; ++i) if (sa[i]>k) y[++num]=sa[i]-k;
    //排名为i的数 在数组中是否在第k位以后
    //如果满足(sa[i]>k) 那么它可以作为别人的第二关键字，就把它的第一关键字的位置添加进y就行了
    //所以i枚举的是第二关键字的排名，第二关键字靠前的先入队
            for (int i=1; i<=m; ++i) c[i]=0;
    //初始化c桶
            for (int i=1; i<=n; ++i) ++c[x[i]];
    //因为上一次循环已经算出了这次的第一关键字 所以直接加就行了
            for (int i=2; i<=m; ++i) c[i]+=c[i-1]; //第一关键字排名为1~i的数有多少个
            for (int i=n; i>=1; --i) sa[c[x[y[i]]]--]=y[i],y[i]=0;
    //因为y的顺序是按照第二关键字的顺序来排的
    //第二关键字靠后的，在同一个第一关键字桶中排名越靠后
    //基数排序
            swap(x,y);
    //这里不用想太多，因为要生成新的x时要用到旧的，就把旧的复制下来，没别的意思
            x[sa[1]]=1;
            num=1;
            for (int i=2; i<=n; ++i)
                x[sa[i]]=(y[sa[i]]==y[sa[i-1]] && y[sa[i]+k]==y[sa[i-1]+k]) ? num : ++num;
    //因为sa[i]已经排好序了，所以可以按排名枚举，生成下一次的第一关键字
            if (num==n) break;
            m=num;
    //这里就不用那个122了，因为都有新的编号了
        }
    }

    void get_height() {
        int k=0;
        for (int i=1; i<=n; ++i) rank[sa[i]]=i;
        for (int i=1; i<=n; ++i) {
            if (rank[i]==1) continue;//第一名height为0
            if (k) --k;//h[i]>=h[i-1]-1;
            int j=sa[rank[i]-1];
            while (j+k<=n && i+k<=n && s[i+k]==s[j+k]) ++k;
            height[rank[i]]=k;//h[i]=height[rk[i]];
        }
        for (int i = 1; i <= n; i++) h[i] = height[rank[i]];
    }

    void build_st() {
        for (int i = 1; i <= n; i++)
            f[i][0] = height[i];
        int t = log(n) / log(2) + 1;
        for (int j = 1; j < t; j++) {
            for (int i = 1; i <= n - (1 << j) + 1; i++)
                f[i][j] = min(f[i][j - 1], f[i + (1 << (j - 1))][j - 1]);
        }
    }

    int query(int l, int r) {
        if(l > r) return 0;
        int k = log(r - l + 1) / log(2);
        return min(f[l][k], f[r - (1 << k) + 1][k]);
    }
};

SA solve;

int build(int l, int r) {
    int p = ++tot;
    if (l == r) {
        tr[p].sum = 0;
        tr[p].lc = tr[p].rc = 0;
        return p;
    }
    int mid = (l + r) >> 1;
    tr[p].lc = build(l, mid);
    tr[p].rc = build(mid + 1, r);
    tr[p].sum = tr[tr[p].lc].sum + tr[tr[p].rc].sum;
    return p;
}
int insert(int now, int l, int r, int x, int val) {
    int p = ++tot;
    tr[p] = tr[now];
    if(l == r) {
        tr[p].sum = 1;
        return p;
    }
    int mid = (l + r) >> 1;
    if(x <= mid) tr[p].lc = insert(tr[now].lc, l, mid, x, val);
    else tr[p].rc = insert(tr[now].rc, mid + 1, r, x, val);
    tr[p].sum = tr[tr[p].lc].sum + tr[tr[p].rc].sum;
    return p;
}
int query(int lnow, int rnow, int l, int r, int remain) {
    if(l > r) return 0;
    if(l == r) {
        return l;
    }
    int mid = (l + r) >> 1;
    int tmp = tr[tr[rnow].lc].sum - tr[tr[lnow].lc].sum;
    if(tmp >= remain) return query(tr[lnow].lc, tr[rnow].lc, l, mid, remain);
    else return query(tr[lnow].rc, tr[rnow].rc, mid + 1, r, remain - tmp);
}
int main() {
    int T, m, l, r, k, ql, qr;
//    freopen("cin.txt", "r", stdin);
//    freopen("cout.txt", "w", stdout);
    scanf("%d", &T);
    while(T--) {
        tot = 0;
        scanf("%d%d", &n, &m);
        scanf("%s", s + 1);
        for (int i = 1; i <= n; i++)
            s[i] -= (‘a‘ - 1);
        solve.build_sa(30);
        solve.get_height();
        solve.build_st();
        root[0] = build(1, n);
        for (int i = 1; i <= n; i++) {
            root[i] = insert(root[i - 1], 1, n, solve.sa[i], 1);
        }
        for (int i = 1; i <= m; i++) {
            scanf("%d%d%d", &l, &r, &k);
            int p = solve.rank[l];
            int L = 1, R = p;
            while(L < R) {
                int mid = (L + R) >> 1;
                if(solve.query(mid + 1, p) < r - l + 1) L = mid + 1;
                else R = mid;
            }
            ql = L;
            L = p, R = n;
            while(L < R) {
                int mid = (L + R + 1) >> 1;
                if(solve.query(p + 1, mid) < r - l + 1) R = mid - 1;
                else L = mid;
            }
            qr = R;
            if(qr - ql + 1 < k) printf("-1\n");
            else printf("%d\n", query(root[ql - 1], root[qr], 1, n, k));
        }
    }

}

原文地址：https://www.cnblogs.com/pkgunboat/p/11407332.html