HDU 5213 分块 容斥

给出n个数，给出m个询问，询问 区间[l,r] [u,v]，在两个区间内分别取一个数，两个的和为k的对数数量。

$k<=2*N$,$n <= 30000$

发现可以容斥简化一个询问。一个询问的答案为 $[l,v]+(r,u)-[l,u)-(r,v]$，那么我们离线询问，将一个询问分成四个，分块暴力就行了。

然后就是注意细节，不要发生越界，访问错位置之类比较蠢的问题了。

/** @Date    : 2017-09-24 19:54:55
  * @FileName: HDU 5213 分块 容斥.cpp
  * @Platform: Windows
  * @Author  : Lweleth ([email protected])
  * @Link    : https://github.com/
  * @Version : $Id$
  */
#include <bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define PII pair<int ,int>
#define MP(x, y) make_pair((x),(y))
#define fi first
#define se second
#define PB(x) push_back((x))
#define MMG(x) memset((x), -1,sizeof(x))
#define MMF(x) memset((x),0,sizeof(x))
#define MMI(x) memset((x), INF, sizeof(x))
using namespace std;

const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int N = 1e5 + 20;
const double eps = 1e-8;

int a[30010];
int blc[30010];
struct yuu
{
	int l, r, idx, f;
	yuu() {}
	inline yuu(int _l, int _r, int i, int _f): l(_l), r(_r), idx(i), f(_f) {}
} b[120010];//明明是RE 报的TLE 有毒啊？
LL ans[30010];
LL vis[30010];

inline int cmp(yuu a, yuu b)
{
	if(blc[a.l] != blc[b.l])
		return a.l < b.l;
	return a.r < b.r;
}
int main()
{
	int n, k;
	while(~scanf("%d%d", &n, &k))
	{
		int sqr = sqrt(n * 1.0);
		for(int i = 1; i <= n; i++)
			scanf("%d", a + i), blc[i] = (i - 1) / sqr + 1;
		int m;
		scanf("%d", &m);
		for(int i = 0; i < m; i++)
		{
			int l, r, u, v;
			scanf("%d%d%d%d", &l, &r, &u, &v);
			b[i * 4] = yuu(l, v, i, 1);
			b[i * 4 + 1] = yuu(r + 1, u - 1, i, 1);
			b[i * 4 + 2] = yuu(l, u - 1, i, -1);
			b[i * 4 + 3] = yuu(r + 1, v, i, -1);
		}
		sort(b, b + m * 4, cmp);
		MMF(ans);
		MMF(vis);
		LL t = 0;
		int l = 1, r = 0;
		for(int i = 0; i < m * 4; i++)
		{
			while(r < b[i].r)
			{
				r++;
				vis[a[r]]++;
				if(k - a[r] > 0 && k - a[r] <= n)//小于n
					t += vis[k - a[r]];
			}
			while(l > b[i].l)
			{
				l--;
				vis[a[l]]++;
				if(k - a[l] > 0 && k - a[l] <= n)
					t += vis[k - a[l]];
			}
			while(r > b[i].r)
			{
				if(k - a[r] > 0 && k - a[r] <= n)
					t -= vis[k - a[r]];
				vis[a[r]]--;
				r--;
			}
			while(l < b[i].l)
			{
				if(k - a[l] > 0 && k - a[l] <= n)
					t -= vis[k - a[l]];
				vis[a[l]]--;
				l++;
			}
			ans[b[i].idx] += t * b[i].f;
			//cout << t << b[i].l << b[i].r << endl;
		}
		for(int i = 0; i < m; i++)
			printf("%lld\n", ans[i]);
	}
	return 0;
}
//