哈哈哈哈就在快要放弃的时候盯着眼前画的图片突然之间柳暗花明( ? ?ω?? )?
首先,最大子段和想必大家都会做:对于每一个节点而言,只有选与不选两种可能的情况,枚举即可,贪心的省去一定不优的情况。然后再来考虑:如果没有环的话我们可以怎么做?没有环的情况下,我们所要做的就是找出不交叉的两个最大子段和,自然地联想到用一个分界线来分割这两个子段。g[i]代表1~i中的最大子段和,f[i]表示i~n中的最大子段和。此时的答案则是max(f[i] + g[i-1])。这几个操作的复杂度都是O(n)的。
可是这题有环呀……那怎么办?在纸上画出一个圆圈,标记两段记为选择的两段——好像正好将一个圆圈分成了四段?两段选,两段不选……好像一定有两段是在一条序列上的?(意思就是没有跨过标号不单调的区间的一段)。那么我们的问题可以转化为:求出选的两段在同一序列上的最大值,不选的两段在同一序列上的最小值,然后取这两个中间的最大值,就可以避开环的问题啦。再考虑这两种情况的区别——其实就是1号节点选与不选的分别啊。至此,解法就已经出来了。
不过还是有一些细节需要注意:1.可以全部都选择,所以不选的两段在同一序列上的最,大值为0;2.要保证去掉不选的之后至少剩下两个数,因为我们已经去掉了第一个节点,所以要枚举另一个空格的所在;
代码:
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define maxn 205000 #define INF 99999999 int n, a[maxn], sum, q[maxn]; int ans = -INF, tem = 0, f[maxn], g[maxn]; int read() { int x = 0, k = 1; char c; c = getchar(); while(c < ‘0‘ || c > ‘9‘) { if(c == ‘-‘) k = -1; c = getchar(); } while(c >= ‘0‘ && c <= ‘9‘) x = x * 10 + c - ‘0‘, c = getchar(); return x * k; } void DP(int tot) { int ans = -INF, sum = 0; for(int i = 1; i <= tot; i ++) // Get g { if(sum < 0) sum = q[i]; else sum += q[i]; ans = max(sum, ans); g[i] = ans; } ans = -INF, sum = 0; for(int i = tot; i >= 1; i --) { if(sum < 0) sum = q[i]; else sum += q[i]; ans = max(sum, ans); f[i] = ans; } } int main() { n = read(); for(int i = 1; i <= n; i ++) a[i] = read(), sum += a[i]; for(int i = 1; i < n; i ++) q[i] = a[i + 1]; DP(n - 1); for(int i = 2; i < n; i ++) ans = max(ans, f[i] + g[i - 1]); for(int i = 1; i < n; i ++) q[i] = -a[i + 1]; DP(n - 1); for(int i = 2; i < n; i ++) tem = max(tem, max(max(f[i], q[i]), f[i] + g[i - 2])); ans = max(ans, (sum + tem)); printf("%d\n", ans); return 0; }
原文地址:https://www.cnblogs.com/twilight-sx/p/9029502.html
时间: 2024-11-08 19:23:22