bzoj千题计划292：bzoj2244: [SDOI2011]拦截导弹

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2244

每枚导弹成功拦截的概率 = 包含它的最长上升子序列个数/最长上升子序列总个数

pre_len [i] 表示以i结尾的最长不下降子序列的长度

pre_sum[i] 表示对应长度下的方案数

suf_len[i] 表示以i开头的最长不下降子序列长度

suf_sum[i] 表示对应长度下的方案数

若已有了这4个数组

设最长上升子序列长度=mx

那么 如果pre_len[i]+suf_len[i] - 1==mx，那么第i枚导弹在最长上升子序列上

而且在pre_sum[i]*suf_sum[i] 个最长上升子序列上

如何获取这四个数组？

这是一个三维偏序问题，CDQ分治

若i后面可以接j

第一维：i的出现时间<j的出现时间

第二维：i的高度>=j的高度

第三维：i的速度>=j的速度

具体实现：

排序第一维，CDQ过程中排序解决第二维，树状数组解决第三维

对于第三维，要离散化

树状数组查询的是<=查询位置的信息，即用它来求最长不下降子序列更方便

所以在解决以i为开头的最长不上升子序列的时候

将第二维取负，第三维i变成n-i+1

在解决以i为开始的最长不上升子序列的时候

将第一维取负

对CDQ分治更进一步的理解：

之前写CDQ分治做数据结构题的时候，

写的是先解决左边对右边的贡献，在递归两边

但是这道题，要先递归左边，再解决左边对右边的贡献，再递归右边

因为最长不下降子序列 左边更新右边的时候，左边的所有不是等价的

即也需要用左边更新之后的结果来更新右边

而像那种修改查询题，左边的修改对左边查询的影响和对右边查询的影响是等价的

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>

using namespace std;

#define N 50001

#define lowbit(x) ( x&-x )

int n;
int h[N],v[N];
int tot,has[N];

struct node
{
    int x,y,z;
    int len;
    double sum;
}e[N];

int c[N];
double d[N];

int pre_len[N],suf_len[N];
double pre_sum[N],suf_sum[N];

void read(int &x)
{
    x=0; char c=getchar();
    while(!isdigit(c)) c=getchar();
    while(isdigit(c)) { x=x*10+c-‘0‘; c=getchar(); }
}

bool cmdy(node p,node q)
{
    if(p.y==q.y) return p.z<q.z;
    return p.y<q.y;
}

bool cmdx(node p,node q)
{
    return p.x<q.x;
}

void change(int pos,int len,double sum)
{
    while(pos<=n)
    {
        if(len>c[pos])
        {
            c[pos]=len;
            d[pos]=sum;
        }
        else if(len==c[pos]) d[pos]+=sum;
        pos+=lowbit(pos);
    }
}

int query_len(int pos)
{
    int ans=0;
    while(pos)
    {
        ans= ans>=c[pos] ? ans : c[pos];
        pos-=lowbit(pos);
    }
    return ans;
}

double query_sum(int pos,int val)
{
    double ans=0;
    while(pos)
    {
        if(c[pos]==val) ans+=d[pos];
        pos-=lowbit(pos);
    }
    return ans;
}

void clear(int pos)
{
    while(pos<=n)
    {
        c[pos]=d[pos]=0;
        pos+=lowbit(pos);
    }
}

void cdq(int l,int r)
{
    if(l==r) return;
    int mid=l+r>>1;
    cdq(l,mid);
    sort(e+l,e+mid+1,cmdy);
    sort(e+mid+1,e+r+1,cmdy);
    int i=l,j=mid+1;
    int len; double sum;
    for(;j<=r;++j)
    {
        while(i<=mid && e[i].y<=e[j].y)
        {
            change(e[i].z,e[i].len,e[i].sum);
            i++;
        }
        len=query_len(e[j].z)+1;
        sum=query_sum(e[j].z,len-1);
        if(len>e[j].len)
        {
            e[j].len=len;
            e[j].sum=sum;
        }
        else if(len==e[j].len) e[j].sum+=sum;
    }
    for(int k=l;k<=mid;++k) clear(e[k].z);
    sort(e+mid+1,e+r+1,cmdx);
    cdq(mid+1,r);
}

void work()
{
    sort(has+1,has+n+1);
    tot=unique(has+1,has+n+1)-has-1;
    for(int i=1;i<=n;++i) v[i]=lower_bound(has+1,has+tot+1,v[i])-has;
    for(int i=1;i<=n;++i)
    {
        e[i].x=i;
        e[i].y=-h[i];
        e[i].z=tot-v[i]+1;
        e[i].len=e[i].sum=1;
    }
    cdq(1,n);
    for(int i=1;i<=n;++i) pre_len[e[i].x]=e[i].len,pre_sum[e[i].x]=e[i].sum;
    for(int i=1;i<=n;++i)
    {
        e[i].x=-i;
        e[i].y=h[i];
        e[i].z=v[i];
        e[i].len=e[i].sum=1;
    }
    sort(e+1,e+n+1,cmdx);
    cdq(1,n);
    for(int i=1;i<=n;++i) suf_len[-e[i].x]=e[i].len,suf_sum[-e[i].x]=e[i].sum;
}

void get_ans()
{
    int mx=0;
    for(int i=1;i<=n;++i) mx=max(mx,pre_len[i]);
    printf("%d\n",mx);
    double cnt=0;
    for(int i=1;i<=n;++i)
        if(pre_len[i]==mx) cnt+=pre_sum[i];
    for(int i=1;i<=n;++i)
        if(pre_len[i]+suf_len[i]-1==mx) printf("%.5lf ",(double)pre_sum[i]*suf_sum[i]/cnt);
        else printf("0 ");
}

int main()
{
    read(n);
    for(int i=1;i<=n;++i)
    {
        read(h[i]); read(v[i]);
        has[i]=v[i];
    }
    work();
    get_ans();
}

原文地址：https://www.cnblogs.com/TheRoadToTheGold/p/8605562.html