bzoj 4373 算术天才⑨与等差数列

4373: 算术天才⑨与等差数列

Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MB
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4373

Description

算术天才⑨非常喜欢和等差数列玩耍。
有一天,他给了你一个长度为n的序列,其中第i个数为a[i]。
他想考考你,每次他会给出询问l,r,k,问区间[l,r]内的数从小到大排序后能否形成公差为k的等差数列。
当然,他还会不断修改其中的某一项。
为了不被他鄙视,你必须要快速并正确地回答完所有问题。
注意:只有一个数的数列也是等差数列。

Input

第一行包含两个正整数n,m(1<=n,m<=300000),分别表示序列的长度和操作的次数。
第二行包含n个整数,依次表示序列中的每个数a[i](0<=a[i]<=10^9)。
接下来m行,每行一开始为一个数op,
若op=1,则接下来两个整数x,y(1<=x<=n,0<=y<=10^9),表示把a[x]修改为y。
若op=2,则接下来三个整数l,r,k(1<=l<=r<=n,0<=k<=10^9),表示一个询问。
在本题中,x,y,l,r,k都是经过加密的,都需要异或你之前输出的Yes的个数来进行解密。

Output

输出若干行,对于每个询问,如果可以形成等差数列,那么输出Yes,否则输出No。

Sample Input

5 3
1 3 2 5 6
2 1 5 1
1 5 4
2 1 5 1

Sample Output

No
Yes

区间是等差数列的条件:

1、区间内差分的gcd=公差

2、区间最大值-最小值=(区间长度-1)*公差

3、如果公差不等于0,区间内没有重复的数

条件3好像要记录这一个数上一次出现的位置,很麻烦

没有管条件3,竟然A了

线段树维护区间最大值,最小值,gcd即可

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define N 300001
using namespace std;
int n,m,tmp,x,p;
int opl,opr,w;
int g,big,small;
int a[N];
struct TREE
{
    struct node
    {
        int l,r;
        int maxn,minn,gcd;

    }tr[N*4];
    int get_gcd(int a,int b) { return !b ? a : get_gcd(b,a%b); }
    int read()
    {
        int x=0,f=1; char c=getchar();
        while(c<‘0‘||c>‘9‘) { if(c==‘-‘) f=-1; c=getchar(); }
        while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘) { x=x*10+c-‘0‘; c=getchar(); }
        return x*f;
    }
    void up(int k)
    {
        tr[k].gcd=get_gcd(tr[k<<1].gcd,tr[k<<1|1].gcd);
        tr[k].maxn=max(tr[k<<1].maxn,tr[k<<1|1].maxn);
        tr[k].minn=min(tr[k<<1].minn,tr[k<<1|1].minn);
    }
    void build(int k,int l,int r)
    {
        tr[k].l=l; tr[k].r=r;
        if(l==r)
        {
            a[l]=read();
            tr[k].maxn=tr[k].minn=a[l];
            tr[k].gcd=a[l]-a[l-1];
            return;
        }
        int mid=l+r>>1;
        build(k<<1,l,mid); build(k<<1|1,mid+1,r);
        up(k);
    }
    void solve(int k)
    {
        if(tr[k].l>=opl&&tr[k].r<=opr)
        {
            if(x==2)
            {
                if(p==1) g=get_gcd(g,tr[k].gcd);
                else
                {
                    big=max(big,tr[k].maxn);
                    small=min(small,tr[k].minn);
                }
            }
            else
            {
                if(p==1)
                {
                    tr[k].minn=tr[k].maxn=w;
                    a[tr[k].l]=w;
                    tr[k].gcd=a[tr[k].l]-a[tr[k].l-1];
                }
                else tr[k].gcd=a[tr[k].l]-a[tr[k].l-1];
            }
            return;
        }
          int mid=tr[k].l+tr[k].r>>1;
         if(opl<=mid) solve(k<<1);
         if(opr>mid) solve(k<<1|1);
        if(x==1) up(k);
    }
}tree;
int main()
{
    n=tree.read(); m=tree.read();
    tree.build(1,1,n);
    while(m--)
    {
        scanf("%d",&x);
        if(x==2)
        {
            big=-1; small=2e9; g=0;
            opl=tree.read(); opr=tree.read(); w=tree.read();
            opl^=tmp; opr^=tmp; w^=tmp;
            if(opl==opr) { puts("Yes"); tmp++; continue;}
            opl++; p=1; tree.solve(1);
            opl--; p=2; tree.solve(1);
            if(g<0) g=-g;
            if(g==w&&(opr-opl)*w==(big-small)) { puts("Yes"); tmp++; }
            else puts("No");
        }
        else
        {
            opl=tree.read(); w=tree.read();
            opl^=tmp; w^=tmp;
            opr=opl;
            p=1; tree.solve(1);
            if(opr!=n)
            {
                opl++; opr++;
                p=2; tree.solve(1);
            }
        }
    }
} 

无限RE,原因:

1、如果点i记录的是i与i-1的差,查询区间[l,r]的差分的gcd应该查询区间[l+1,r],所以要特判l==r

2、修改点i,改了i点的差分,也改了点i+1的差分

时间: 2024-10-09 12:08:48

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这道题可以用哈希...感觉哈希真的是很万能的一种方法... 我们可以用线段树记录一下[l,r]这个区间的数的和,数的平方和,那么对于一个询问,我们算一下这个等差序列的和与平方和是否与这个区间的相等,如果相等我们就认为可以构成等差数列. 感觉这种哈希的思想很巧妙,这种思想还是要多尝试,多应用 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 #defi