这次考得相对不错，但是没什么水准。
只不过记得T1这道原题而已。虽说我忘了怎么做，而且数据范围不一样。。。差不多是从头想的。
但是并没有AC，像个弱智一样，有两个细节写的完全不对还有80分运气也是真好。
其实挂了不止两个细节。。。以为是原题于是上来就写20分钟写完，然后过一会出一个锅。。。
然后看T2，感觉$O(nk^2)$也许差不多？常数很大。。。但也不会别的。挺好想但是不是很好写。
于是乎强烈谴责cbx没素质暴力水题考后还不改正解的无脸行径
于是就开始写，写了一个半小时。
看T3，绝对大神题啊除了skyh谁会做啊（%%%大神打表）。60分暴力乱弄一个不会证的结论过样例（啥？归纳？？）
花了半个小时。还有一个小时。直接放弃T3正解，自知T2板子容易爆炸于是老老实实写个对拍。
暴力疯狂出锅，修好之后发现了正解的锅。修啊修半个小时之后就AC了。
其实是发挥的不错的一次考试。对拍也挺明智的。只不过T1不注重细节单求速度的问题也有所暴露。
今天考试时难得状态上线。。。所以考试结束后累的一匹。。。
顺及：
昨天清了清博客的动态，从32页删到了10页。顺便看了看我联赛前的动态。
我怎么那么颓啊！！！
也活该联赛爆炸。想想最近一段时间也颓的不轻，效率挺低的（虽说最近的确是又累又闷但这并不是合适的理由）
自我督促一下。现在我没有放松的资本。。。
尽量更紧张一些吧。。。
T1：翻转硬币
题意：n硬币正面朝上，每次对一个长为$a_i$的区间翻转（共$m$种$a$），最后要求$k$个特定位置反面朝上其余正面。问最少翻转次数
$n \le 10000,m\le 100,k\le 10$。
0811NOIP模拟测试17的T3《星空》。数据范围略有变化。
然而当时并没有写题解，所以现在再说一说。
区间异或不难想到做差分。于是每次是对相距$a$的点同时操作。最多有$2k$个位置需要操作。
做$2k$次$BFS$找到点对之间相互到达的最少次数，然后做一个状压$dp$。
考场上挂的两个细节：
1，要注意差分之后数列实际上用到了$n+1$位所以上限不要只开到$n$。
2，状压$dp$时每次选出的点对不能与当前状态有交集。
其中状压$dp$的部分可以用那种钦定最小点的思路，这样复杂度会低一些。
最终复杂度$O(2knm+4^kn)$
1 #include<bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 int n,m,k,dt[11111],bp[22][22],sp[11111],p[22],pc,dp[1048577],q[66666],stp[111];
4 int main(){
5 scanf("%d%d%d",&n,&k,&m);
6 for(int i=1,x;i<=k;++i)scanf("%d",&x),sp[x]^=1,sp[x+1]^=1;
7 for(int i=1;i<=n+1;++i)if(sp[i])p[pc]=i,pc++;
8 for(int i=1;i<=m;++i)scanf("%d",&stp[i]);
9 for(int i=0,h,t;i<pc;++i){
10 memset(dt,0x3f,sizeof dt);dt[p[i]]=0;q[h=t=1]=p[i];
11 for(;h<=t;++h){
12 for(int j=1;j<=m;++j){
13 if(q[h]+stp[j]<=n+1&&dt[q[h]+stp[j]]>dt[q[h]]+1)dt[q[++t]=q[h]+stp[j]]=dt[q[h]]+1;
14 if(q[h]-stp[j]>0&&dt[q[h]-stp[j]]>dt[q[h]]+1)dt[q[++t]=q[h]-stp[j]]=dt[q[h]]+1;
15 }
16 }for(int j=0;j<pc;++j)bp[i][j]=dt[p[j]];
17 }
18 memset(dp,0x3f,sizeof dp);dp[0]=0;
19 for(int s=0;s<(1<<pc)-1;++s){
20 int fs;
21 for(int j=0;j<pc;++j)if(!(s&1<<j)){fs=j;break;}
22 for(int j=fs+1;j<pc;++j)if(!(s&1<<j))dp[s|1<<fs|1<<j]=min(dp[s|1<<fs|1<<j],dp[s]+bp[j][fs]);
23 }
24 printf("%d\n",dp[(1<<pc)-1]>6666666?-1:dp[(1<<pc)-1]);
25 }
T2：回文子串
题意：给定一个字符串，支持区间改为某一个字符，询问区间长度小于等于$k$的回文串个数。$n,m\le 50000,k\le 50$
突破口自然在$k$。除非你像cbx大神直接n2过。
维护i一个数组$a_{i,j}$表示以$j$结尾的长度为$i$的回文串是否存在$(0/1)$。查询就直接区间$k$次区间和。
如果修改的区间很长，那么对于$[l+k-1,r]$这些位置它们一定都是$1$。区间赋值。
而对于$[l,l+k-1],[r+1,r+k]$这两部分暴力重构，长度很短所以复杂度可以接受。
维护$50$个线段树。对于查询字符串，于是再开个线段树维护字符串。
1 #include<bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 #define lc p<<1
4 #define rc p<<1|1
5 #define md (cl+cr>>1)
6 #define S 222222
7 char rs[S];int k,q,s[S],ss[S],n;unsigned long long h1[S],h2[S],pw[S];
8 int palin(int l,int r){return h1[r]-h1[l-1]*pw[r-l+1]==h2[l]-h2[r+1]*pw[r-l+1];}
9 void build_str(int p,int cl,int cr){
10 if(cl==cr){s[p]=rs[cl]-‘a‘+1;return;}
11 build_str(lc,cl,md);
12 build_str(rc,md+1,cr);
13 }
14 void down_str(int p){if(s[p])s[lc]=s[p],s[rc]=s[p],s[p]=0;}
15 void ask_str(int l,int r,int p=1,int cl=1,int cr=n){
16 if(cl==cr){ss[cl]=s[p];return;}
17 down_str(p);
18 if(l<=md)ask_str(l,r,lc,cl,md);
19 if(r>md)ask_str(l,r,rc,md+1,cr);
20 }
21 void chg_str(int l,int r,int w,int p=1,int cl=1,int cr=n){
22 if(l<=cl&&cr<=r){s[p]=w;return;}
23 down_str(p);
24 if(l<=md)chg_str(l,r,w,lc,cl,md);
25 if(r>md)chg_str(l,r,w,rc,md+1,cr);
26 }
27 struct Segment_Tree{
28 int w[S];bool lz[S];
29 void chg(int l,int r,int p=1,int cl=1,int cr=n){
30 if(l<=cl&&cr<=r){w[p]=cr-cl+1;lz[p]=1;return;}
31 if(l<=md)chg(l,r,lc,cl,md);
32 if(r>md)chg(l,r,rc,md+1,cr);
33 w[p]=w[lc]+w[rc];
34 }
35 void rebuild(int l,int r,int p=1,int cl=1,int cr=n){
36 if(cl==cr){w[p]=ss[cl];return;}
37 if(lz[p])w[lc]=md-cl+1,w[rc]=cr-md,lz[lc]=lz[rc]=1,lz[p]=0;
38 if(l<=md)rebuild(l,r,lc,cl,md);
39 if(r>md)rebuild(l,r,rc,md+1,cr);
40 w[p]=w[lc]+w[rc];
41 }
42 int ask(int l,int r,int p=1,int cl=1,int cr=n){
43 if(r<l)return 0;
44 if(l<=cl&&cr<=r)return w[p];
45 if(lz[p])w[lc]=md-cl+1,w[rc]=cr-md,lz[lc]=lz[rc]=1,lz[p]=0;
46 return (l<=md?ask(l,r,lc,cl,md):0)+(r>md?ask(l,r,rc,md+1,cr):0);
47 }
48 }T[55];
49 int main(){//freopen("2.in","r",stdin);freopen("A.out","w",stdout);
50 scanf("%s%d%d",rs+1,&k,&q);n=strlen(rs+1);build_str(1,1,n);
51 pw[0]=1;for(int i=1;i<=k+1;++i)pw[i]=pw[i-1]*29;
52 for(int i=1;i<=n;++i)h1[i]=h1[i-1]*29+rs[i]-‘a‘+1;
53 for(int i=n;i;--i)h2[i]=h2[i+1]*29+rs[i]-‘a‘+1;
54 for(int len=2;len<=k;++len){
55 for(int i=len;i<=n;++i)ss[i]=palin(i-len+1,i);
56 T[len].rebuild(len,n);
57 }
58 while(q-->0){
59 int opt,l,r,L,R;scanf("%d%d%d",&opt,&l,&r);
60 if(opt==1){
61 scanf("%s",rs);chg_str(l,r,rs[0]-‘a‘+1);L=max(1,l+1-k);R=min(n,r+k-1);
62 if(r-l+1<=k){
63 ask_str(L,R);
64 for(int i=L;i<=R;++i)h1[i]=h1[i-1]*29+ss[i];
65 for(int i=R;i>=L;--i)h2[i]=h2[i+1]*29+ss[i];
66 for(int len=2;len<=k;++len){
67 for(int i=l;i<=R;++i)ss[i]=i>=len?palin(i-len+1,i):0;
68 T[len].rebuild(l,R);
69 }
70 }else{
71 ask_str(L,l+k-1);
72 for(int i=L;i<=l+k-1;++i)h1[i]=h1[i-1]*29+ss[i];
73 for(int i=l+k-1;i>=L;--i)h2[i]=h2[i+1]*29+ss[i];
74 for(int len=2;len<=k;++len){
75 for(int i=l;i<=l+len-2;++i)ss[i]=palin(i-len+1,i);
76 T[len].rebuild(l,l+len-2);
77 }
78 ask_str(r-k+1,R);
79 for(int i=r-k+1;i<=R;++i)h1[i]=h1[i-1]*29+ss[i];
80 for(int i=R;i>=r-k+1;--i)h2[i]=h2[i+1]*29+ss[i];
81 for(int len=2;len<=k;++len){
82 for(int i=r+1;i<=r+len-1&&i<=n;++i)ss[i]=palin(i-len+1,i);
83 T[len].rebuild(r+1,min(n,r+len-1));
84 }
85 for(int len=2;len<=k;++len)T[len].chg(l+len-1,r);
86 }
87 }else{
88 int ans=r-l+1;
89 for(int i=2;i<=k&&i<=r-l+1;++i)ans+=T[i].ask(l+i-1,r);
90 printf("%d\n",ans);
91 }
92 }
93 }
T3：最大权值
题意：$n$物品有参数$a,b$，选出$k$件任意排列的价值为$\sum b+a\times (p-1)$。求对所有$1\le k \le n$的最大价值。
$n \le 300000, a \le 10^6,b \le 10^{12}$
大神都用$\% d$读$b$。
显然（？）选$k$个物品时的集合是$k+1$时的子集，其实只是插入一个元素其余相对位置不变。
设$dp_{i,j}$表示考虑前$i$个物品选出$j$个的最大收益，做个差分就是每个元素的贡献，设为$g$。
打表发现$dp$转移时两种转移之间有一个明确的分界。考虑二分。
每个点的贡献就是按照题意那么维护，插入一个点之后它左端的点权值不变，右端的要增加一个$a_i$。
插入，区间加，二分。$splay$
不难写。不好想。
$splay$上二分以及$dp$打表都是挺好的思路，记一下。
1 #include<bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 #define S 333333
4 struct ps{
5 long long a,b;
6 friend bool operator<(ps x,ps y){return x.a<y.a;}
7 }P[S];
8 int n,c[2][S],f[S],sz[S],s[S],rt,I,C;long long lz[S],w[S],g[S];
9 void down(int p){
10 if(!lz[p])return;
11 w[c[0][p]]+=lz[p];lz[c[0][p]]+=lz[p];
12 w[c[1][p]]+=lz[p];lz[c[1][p]]+=lz[p];
13 lz[p]=0;
14 }
15 void up(int p){sz[p]=sz[c[0][p]]+sz[c[1][p]]+1;}
16 void spin(int p){
17 int F=f[p],G=f[F],d=c[1][F]==p,B=c[!d][p];
18 if(G)c[c[1][G]==F][G]=p; c[d][c[!d][p]=F]=B;
19 if(B)f[B]=F; f[f[F]=p]=G;
20 up(p);up(F);
21 }
22 void splay(int p){
23 int F=p,tp=0;while(F)s[++tp]=F,F=f[F];while(tp)down(s[tp]),tp--;
24 for(;F=f[p];spin(p))if(f[F])spin(c[1][f[F]]==F^c[1][F]==p?p:F);rt=p;
25 }
26 void find(int p){
27 int lp,tsz=0,d;
28 while(p){
29 down(p);
30 if(w[p]>P[I].a*(tsz+sz[c[0][p]])+P[I].b)tsz+=sz[c[0][p]]+1,p=c[d=1][lp=p];
31 else p=c[d=0][lp=p];
32 }
33 f[I]=lp;c[d][lp]=I;w[I]=P[I].a*tsz+P[I].b;sz[I]=1;
34 splay(I);lz[c[1][I]]+=P[I].a;w[c[1][I]]+=P[I].a;
35 }
36 void dfs(int p){
37 if(!p)return;
38 down(p);
39 dfs(c[0][p]);
40 g[++C]=w[p];
41 dfs(c[1][p]);
42 }
43 int main(){//freopen("1.in","r",stdin);
44 scanf("%d",&n);
45 for(int i=1;i<=n;++i)scanf("%lld%lld",&P[i].a,&P[i].b);
46 sort(P+1,P+1+n);
47 rt=1;w[1]=P[1].b;sz[1]=1;
48 for(I=2;I<=n;++I)find(rt);
49 dfs(rt);
50 for(int i=1;i<=n;++i)g[i]+=g[i-1],printf("%lld\n",g[i]);
51 }
原文地址：https://www.cnblogs.com/hzoi-DeepinC/p/12193275.html