2120: 数颜色
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Description
墨墨购买了一套N支彩色画笔(其中有些颜色可能相同),摆成一排,你需要回答墨墨的提问。墨墨会像你发布如下指令: 1、 Q L R代表询问你从第L支画笔到第R支画笔中共有几种不同颜色的画笔。 2、 R P Col 把第P支画笔替换为颜色Col。为了满足墨墨的要求,你知道你需要干什么了吗?
Input
第1行两个整数N,M,分别代表初始画笔的数量以及墨墨会做的事情的个数。第2行N个整数,分别代表初始画笔排中第i支画笔的颜色。第3行到第2+M行,每行分别代表墨墨会做的一件事情,格式见题干部分。
Output
对于每一个Query的询问,你需要在对应的行中给出一个数字,代表第L支画笔到第R支画笔中共有几种不同颜色的画笔。
Sample Input
6 5 1 2 3 4 5 5 Q 1 4 Q 2 6 R 1 2 Q 1 4 Q 2 6
Sample Output
4 4 3 4
HINT
对于100%的数据,N≤10000,M≤10000,修改操作不多于1000次,所有的输入数据中出现的所有整数均大于等于1且不超过10^6。
2016.3.2新加数据两组by Nano_Ape
分析:
总时限6s。咳咳,卡着5.4秒过的,已经不想去翻我是rank多少了,估计垫底了。
我的做法是莫队,对于每两次颜色修改间的所有询问做一次莫队,最多做1000次,但做1000次每次莫队的区间肯定很小,均摊是nsqrt(n)的。。再带个1000的常数(滑稽)
话说我是不是应该去看下正解。。。还是啥的,万一正解就是莫队呢(滑稽)。
AC代码:
# include <iostream> # include <cstdio> # include <cmath> # include <cstring> # include <algorithm> using namespace std; const int N = 1e4 + 1e3 + 12; const int M = 1e6 + 12; int block[N],sum[N],number[M],tot,n,m,a[N],ans[N],cnt,cntt,num,qaq; struct per{ int l,r,id; bool operator <(const per & other)const{ if(block[l] == block[other.l])return r < other.r; return block[l] < block[other.l]; } }q[N]; char str[2]; void updata(int pos,int d){ if(!sum[number[a[pos]]])num++; sum[number[a[pos]]] += d; if(!sum[number[a[pos]]])num--; } void Modui(int k){ memset(sum,0,sizeof sum); int L = 1,R = 0;num = 0; sort(q,q + k); for(int i = 0;i < k;i++){ while(R < q[i].r)R++,updata(R,1); while(R > q[i].r)updata(R,-1),R--; while(L < q[i].l)updata(L,-1),L++; while(L > q[i].l)L--,updata(L,1); ans[q[i].id] = num; } } int main(){ scanf("%d %d",&n,&m);tot = sqrt(n); for(int i = 1;i <= n;i++){ scanf("%d",&a[i]);block[i] = i / tot + 1; if(!number[a[i]])number[a[i]] = ++qaq; } int x,y; for(int i = 1;i <= m;i++){ scanf("%s",str); if(str[0] == ‘R‘){ scanf("%d %d",&x,&y); Modui(cntt);a[x] = y;cntt = 0;if(!number[a[x]])number[a[x]] = ++qaq; }else { scanf("%d %d",&q[cntt].l,&q[cntt].r); q[cntt++].id = ++cnt; } } Modui(cntt); for(int i = 1;i <= cnt;i++){ printf("%d\n",ans[i]); } }
[Bzoj2120]数颜色 (非正解 )(莫队)
时间: 2024-10-21 10:36:52