有这么一个游戏：
写出一个11至NN的排列a_iai?，然后每次将相邻两个数相加，构成新的序列，再对新序列进行这样的操作，显然每次构成的序列都比上一次的序列长度少11，直到只剩下一个数字位置。下面是一个例子：
3,1,2,43,1,2,4
4,3,64,3,6
7,97,9
1616
最后得到1616这样一个数字。
现在想要倒着玩这样一个游戏，如果知道NN，知道最后得到的数字的大小sumsum，请你求出最初序列a_iai?，为11至NN的一个排列。若答案有多种可能，则输出字典序最小的那一个。
[color=red]管理员注：本题描述有误，这里字典序指的是1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,121,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12
而不是1,10,11,12,2,3,4,5,6,7,8,91,10,11,12,2,3,4,5,6,7,8,9[/color]
输入输出格式
输入格式：
两个正整数n,sumn,sum。
输出格式：
输出包括11行，为字典序最小的那个答案。
当无解的时候，请什么也不输出。（好奇葩啊）
输入输出样例
输入样例#1： 复制
4 16
输出样例#1： 复制
3 1 2 4
说明
对于40\%40%的数据，n≤7n≤7；
对于80\%80%的数据，n≤10n≤10；
对于100\%100%的数据，n≤12,sum≤12345n≤12,sum≤12345。
一开始用模拟法 超时3个点
然后观察发现 累合的乘数为杨辉三角 用杨辉三角优化 超时2个点
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
//input
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define RI(n) scanf("%d",&(n))
#define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m);
#define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k)
#define RS(s) scanf("%s",s);
#define ll long long
#define inf 0x3f3f3f3f
#define REP(i,N) for(int i=0;i<(N);i++)
#define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A)
//////////////////////////////////
#define N 105
int a[16];
int yhsj[15][15];
int main()
{
int n;
int sum;
RII(n,sum);
rep(i,1,n)
a[i]=i;
yhsj[1][1]=1;
rep(i,2,n)
rep(j,1,i)
yhsj[i][j]=yhsj[i-1][j-1]+yhsj[i-1][j];
int b[16];
do
{
int all=0;
int ok=1;
rep(i,1,n)
{
all+=a[i]*yhsj[n][i];
if(all>sum){ok=0;break;}
}
if(ok&&all==sum)
{
rep(i,1,n)
{
if(i!=1)
printf(" ");
printf("%d",a[i]);
}
break;
}
}
while(next_permutation(a+1,a+1+n));
return 0;
}
2 TLE
参考了大佬的做法
其实只要加一个关键剪枝即可
如果加到i处过不去了 把i及其后面的数降序排列好 下一个next就是 累合杨辉三角的最小值了 ！！！！（因为杨辉三角中间大 两边小）
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
//input
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define RI(n) scanf("%d",&(n))
#define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m);
#define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k)
#define RS(s) scanf("%s",s);
#define ll long long
#define inf 0x3f3f3f3f
#define REP(i,N) for(int i=0;i<(N);i++)
#define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A)
//////////////////////////////////
#define N 105
int a[16];
int yhsj[15][15];
int main()
{
int n;
int sum;
RII(n,sum);
rep(i,1,n)
a[i]=i;
yhsj[1][1]=1;
rep(i,2,n)
rep(j,1,i)
yhsj[i][j]=yhsj[i-1][j-1]+yhsj[i-1][j];
do
{
int all=0;
int ok=1;
rep(i,1,n)
{
all+=a[i]*yhsj[n][i];
if(all>sum){ok=0;sort(a+i,a+1+n,greater<int>()); break;}
}
if(ok&&all==sum)
{
rep(i,1,n)
{
if(i!=1)
printf(" ");
printf("%d",a[i]);
}
break;
}
}
while(next_permutation(a+1,a+1+n));
return 0;
}
其实这题用dfs回溯法更见简单高效 上面那个剪枝其实很难想到
不要过度依赖STL 有时候效率非常低下
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
//input
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define RI(n) scanf("%d",&(n))
#define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m);
#define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k)
#define RS(s) scanf("%s",s);
#define ll long long
#define inf 0x3f3f3f3f
#define REP(i,N) for(int i=0;i<(N);i++)
#define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A)
//////////////////////////////////
#define N 105
int a[16];
int yhsj[15][15];
int vis[16];
int sum,n;
int ok=0;
int ans[16];
void dfs(int now,int all)
{
if(ok)return ;
if(now==n+1&&all==sum)
{
ok=1;
rep(i,1,n)
{
if(i!=1)
printf(" ");
printf("%d",ans[i]);
}
return ;
}
rep(i,1,n)
{
if(vis[i])continue;
if(all+i*yhsj[n][now]>sum)continue;
vis[i]=1;
ans[now]=i;
dfs(now+1,all+i*yhsj[n][now]);
vis[i]=0;
}
return ;
}
int main()
{
RII(n,sum);
rep(i,1,n)
a[i]=i;
yhsj[1][1]=1;
rep(i,2,n)
rep(j,1,i)
yhsj[i][j]=yhsj[i-1][j-1]+yhsj[i-1][j];
dfs(1,0);
return 0;
}
原文地址：https://www.cnblogs.com/bxd123/p/10664413.html