题目描述
傲娇少女幽香正在玩一个非常有趣的战略类游戏，本来这个游戏的地图其实还不算太大，幽香还能管得过来，但是不知道为什么现在的网游厂商把游戏的地图越做越大，以至于幽香一眼根本看不过来，更别说和别人打仗了。
在打仗之前，幽香现在面临一个非常基本的管理问题需要解决。 整个地图是一个树结构，一共有n块空地，这些空地被n-1条带权边连接起来，使得每两个点之间有一条唯一的路径将它们连接起来。
在游戏中，幽香可能在空地上增加或者减少一些军队。同时，幽香可以在一个空地上放置一个补给站。 如果补给站在点u上，并且空地v上有dv个单位的军队，那么幽香每天就要花费dv*dist(u,v)的金钱来补给这些军队。
由于幽香需要补给所有的军队，因此幽香总共就要花费为Sigma(Dv*dist(u，v),其中1<=V<=N)的代价。其中dist(u,v)表示u个v在树上的距离（唯一路径的权和）。
因为游戏的规定，幽香只能选择一个空地作为补给站。在游戏的过程中，幽香可能会在某些空地上制造一些军队，也可能会减少某些空地上的军队，进行了这样的操作以后，出于经济上的考虑，幽香往往可以移动他的补给站从而省一些钱。
但是由于这个游戏的地图是在太大了，幽香无法轻易的进行最优的安排，你能帮帮她吗？ 你可以假定一开始所有空地上都没有军队。
输入格式
第一行两个数n和Q分别表示树的点数和幽香操作的个数，其中点从1到n标号。 接下来n-1行，每行三个正整数a,b,c，表示a和b之间有一条边权为c的边。 接下来Q行，每行两个数u,e，表示幽香在点u上放了e单位个军队（如果e<0，就相当于是幽香在u上减少了|e|单位个军队，说白了就是du←du+e）。数据保证任何时刻每个点上的军队数量都是非负的。
输出格式
对于幽香的每个操作，输出操作完成以后，每天的最小花费，也即如果幽香选择最优的补给点进行补给时的花费。
题解来自
建点分树,我们把点分治中每一个重心的父亲设为上一层的重心
每次查询只需要从根节点(整棵树的重心)开始,看哪一个(原树中)儿子更优,如果优就往儿子对应的子树的重心上走
再考虑修改,只用把自己在点分树中的祖先修改就行了
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define int long long
typedef long long LL;
template<typename T>inline void read(T &num) {
char ch; int flg = 1;
while((ch=getchar())<'0'||ch>'9')if(ch=='-')flg=-flg;
for(num=0;ch>='0'&&ch<='9';num=num*10+ch-'0',ch=getchar());
num*=flg;
}
const int MAXN = 100005;
int n, q, fir[MAXN], cnt;
struct edge { int to, nxt, w; }e[MAXN<<1];
inline void add(int u, int v, int wt) {
e[cnt] = (edge){ v, fir[u], wt }, fir[u] = cnt++;
e[cnt] = (edge){ u, fir[v], wt }, fir[v] = cnt++;
}
int dis[MAXN], son[MAXN], sz[MAXN], top[MAXN], fa[MAXN], dep[MAXN];
inline void dfs(int u, int ff) {
dep[u] = dep[fa[u]=ff] + (sz[u]=1);
for(int i = fir[u], v; ~i; i = e[i].nxt)
if((v=e[i].to) != ff) {
dis[v] = dis[u] + e[i].w;
dfs(v, u), sz[u] += sz[v];
if(sz[v] > sz[son[u]]) son[u] = v;
}
}
inline void dfs2(int u,int tp){
top[u]=tp;
if(son[u])dfs2(son[u],tp);
for(int i = fir[u], v; ~i; i = e[i].nxt)
if((v=e[i].to) != fa[u] && v != son[u])
dfs2(v,v);
}
inline int lca(int u,int v){
while(top[u]!=top[v]){
if(dep[top[u]]<dep[top[v]])swap(u,v);
u=fa[top[u]];
}
return dep[u]<dep[v]?u:v;
}
inline int dist(int u,int v){
return dis[u]+dis[v]-2*dis[lca(u,v)];
}
int Fa[MAXN],size[MAXN],Size,Minr,root,info[MAXN],CNT;
struct EDGE { int to, nxt, rt; }E[MAXN];
inline void ADD(int u,int v,int rr){
E[CNT]=(EDGE){v,info[u],rr},info[u]=CNT++;
}
bool vis[MAXN];
void Getrt(int u, int ff) {
size[u] = 1;
int ret = 0;
for(int i = fir[u], v; ~i; i = e[i].nxt)
if((v=e[i].to) != ff && !vis[v]) {
Getrt(v, u), size[u] += size[v];
ret = max(ret, size[v]);
}
ret = max(ret, Size-size[u]);
if(ret < Minr) Minr = ret, root = u;
}
inline void DFS(int u,int ff){
vis[u]=1; Fa[u]=ff;
for(int i = fir[u], v; ~i; i = e[i].nxt)
if(!vis[v=e[i].to]) {
Minr = n; Size = size[v];
Getrt(v, u);
ADD(u, v, root);
DFS(root, u);
}
}
LL sum[MAXN],sumd[MAXN],sumf[MAXN];
inline void Modify(int u,int val){
sum[u]+=val;
for(int i = u; Fa[i]; i = Fa[i]) {
int len = dist(u, Fa[i]);
sum[Fa[i]] += val;
sumd[Fa[i]] +=val * len;
sumf[i] +=val * len;
}
}
inline LL Count(int u){
LL res=sumd[u];
for(int i=u;Fa[i];i=Fa[i]){
int len=dist(u,Fa[i]);
res+=(sum[Fa[i]]-sum[i])*len;
res+=(sumd[Fa[i]]-sumf[i]);
}
return res;
}
inline LL Query(int u) {
LL tmp = Count(u);
for(int i = info[u]; ~i; i = E[i].nxt)
if(Count(E[i].to) < tmp) return Query(E[i].rt);
return tmp;
}
signed main(){
memset(fir, -1, sizeof fir); memset(info, -1, sizeof info);
read(n), read(q);
for(int i = 1, x, y, z; i < n; ++i) read(x), read(y), read(z), add(x, y, z);
dfs(1, 0), dfs2(1, 1);
Size = Minr = n; Getrt(1, 0);
int RT = root;
DFS(root, 0);
int x, y;
while(q--) {
read(x), read(y);
Modify(x, y);
printf("%lld\n", Query(RT));
}
}原文地址：https://www.cnblogs.com/naruto-mzx/p/12123700.html