Problem 2087 统计树边
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Problem Description
Problem Description在图论中。树：随意两个顶点间有且仅仅有一条路径的图。
生成树：包括了图中全部顶点的一种树。
最小生成树：对于连通的带权图(连通网)G，其生成树也是带权的。
生成树T各边的权值总和称为该树的权，权最小的生成树称为G的最小生成树(Minimum Spanning Tree)。最小生成树可简记为MST。
可是。对于一个图而言。最小生成树并非唯一的。
如今,给你一个连通的有权无向图，图中不包括有自环和重边，你的任务就是寻找出有多少条边，它至少在一个最小生成树里。图保证连通。
Input
输入数据第一行包括一个整数T，表示測试数据的组数。对于每组測试数据：
第一行包括两个整数n,m(1<n<100000,n-1<m<100000)。接下来m行。每行三个整数a,b,v(1<=a,b<=n,1<v<500)，表示第i条路线连接景点A和景点B，距离是V。
两个数字之间用空格隔开。
Output
对于每组測试数据。输出一行。包括一个整数，表示满足条件的边的个数。
Sample Input
1
4 5
1 2 101
1 3 100
2 3 2
2 4 2
3 4 1
Sample Output
4
Source
福州大学第九届程序设计竞赛
思路：用kruskal算法模拟生成树的过程。
同一时候也是一个贪心生成树的过程，我们知道。生成的树的边权值和是一定的。那么对于边的替换的值也是可以确定的：仅仅有权值同样的边才有可能是还有一种生成树方法的边。
然后我就呆萌的记录有多少重边权值的边，然后加上n-1，开开心心的提交，实力WA。
一组数据就能够干掉我：
3 3
1 2 1
1 2 2
2 3 1
所以记得一定不要跟我犯一样的错误，我们须要的是动态推断一条边权值同样的边是否能可能是还有一种生成树方法的边。
我们直接在kruskal算法过程中加上动态推断的成分就能够了。那么要怎样推断呢？遍历每一条边的时候，假设有同样权值的边。像kruskal一样的推断条件，推断这条边是否能增加生成树中就可以。
kruskal算法推断一条边是否可以贪心的增加生成树中：
for(int i=0;i<m;i++)
{
if(find(a[i].x)!=find(a[i].y))
{
zhongquanzhi+=a[i].w;
merge(a[i].x,a[i].y);
}
}
我们对同权值的边推断是否能增加生成树中，而且别忘记对边要进行入树：
for(int i=0;i<m;i=j)
{
for(j=i;a[i].w==a[j].w;j++)
{
if(find(a[j].x)!=find(a[j].y))
{
output++;
}
}
for(j=i;a[i].w==a[j].w;j++)
{
if(find(a[j].x)!=find(a[j].y))
{
merge(a[j].x,a[j].y);
}
}
}
完整的AC代码：
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
int f[1000050];
struct path
{
int x,y,w;
}a[100050];
int cmp(path a,path b)
{
return a.w<b.w;
}
int find(int x)
{
return f[x] == x ? x : (f[x] = find(f[x]));
}
void merge(int a,int b)
{
int A,B;
A=find(a);
B=find(b);
if(A!=B)
f[B]=A;
}
int main()
{
int t;
scanf("%d",&t);
while(t--)
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
f[i]=i;
}
for(int i=0;i<m;i++)
{
scanf("%d%d%d",&a[i].x,&a[i].y,&a[i].w);
}
sort(a,a+m,cmp);
int output=0;
int j;
for(int i=0;i<m;i=j)
{
for(j=i;a[i].w==a[j].w;j++)
{
if(find(a[j].x)!=find(a[j].y))
{
output++;
}
}
for(j=i;a[i].w==a[j].w;j++)
{
if(find(a[j].x)!=find(a[j].y))
{
merge(a[j].x,a[j].y);
}
}
}
printf("%d\n",output);
}
}