深搜+小孩分游问题

1.问题描述

小孩分油问题

两个小孩去打油，一人带了一个一斤的空瓶，另一个带了一个七两、一个三两的空瓶。原计划各打一斤油，可是由于所带的钱不够，只好两人合打了一斤油，在回家的路上，两人想平分这一斤油，可是又没有其它工具。试仅用三个瓶子(一斤、七两、三两)精确地分出两个半斤油来。

2.算法设计

令状态R、E、S分别表示十两、七两和三两的瓶子中所装的油量。如问题所述，初始时有（R,E,S）=（10，0，0），问题要求即仅通过这三个瓶子，将油量状态转变为（R,E,S）=（5，5，0）。

该问题较为特殊，我们发现七两的瓶子和三两的瓶子所能装的油的总量恰好为十两。因此，我们可以将十两的瓶子等同于一个无穷大的油桶，任何时候七两和三两的瓶子都可以通过这个油桶装满或倒空油。在这个假设下，原问题即被简化为：初始状态（E、S）=（0，0），要求仅通过这两个瓶子，将状态转变为（E、S）=（5，0）。在这个目标状态下，十两的瓶子中自然装了五两油。

将两个瓶子的状态转变以及对应的规则列表如下：

在每个状态（E，S）下，我们均可以通过判断E、S的值来选择上述若干条规则进行状态转变。整个状态空间构成了一颗树，树根是初始状态（R，S）=（0，0）,目标状态（R，S）=（5，0）则可能位于某些节点中。

因为该问题的状态空间较小，最多不超过（7*3=21）种状态，因此在实验中我们采用深度搜索的方法对问题进行求解。此外，为了避免对已经搜索过的状态重复搜索，程序中定义了一个数组，用于存储已经搜索过的状态，仅有当当前状态没有在该数组中出现过时，算法才对其进行搜索，并将该状态放入数组中。

3.程序流程

4.核心伪代码

function isVisited(E, S): 状态(E, S)是否搜索过，没有则将其入栈并标记已搜索。

初始状态(E, S) = (0, 0)，并存入栈Stack

while 栈Stack不为空：

取出栈顶元素(E, S)，并输出

If (E, S) == (5, 0), then

分油成功，break;

if E < 7, then:

(E, S) = (7, S), isVisited(E, S)

if E < 3, then:

(E, S) = (E, 3), isVisited(E, S)

if E > 0, then:

(E, S) = (0, S), isVisited(E, S)

if S > 0, then:

(E, S) = (E, 0), isVisited(E, S)

if E > 0 and E+S <= 3, then:

(E, S) = (0, E+S), isVisited(E, S)

if S > 0 and E+S <= 7, then:

(E, S) = (E+S, 0), isVisited(E, S)

if S < 3 and E+S >= 3, then:

(E, S) = (7, S), isVisited(E+S-3, 3)

if E < 7 and E+S >= 7, then:

(E, S) = (7, S), isVisited(7, E+S-7)

end

5.代码运行及测试

算法运行结果如下所示，经过10次操作后，准确得将油划分为两个五两。

6.结论

本实验是对状态空间采用深搜的方法实现的。程序中设置了辅助数组用于保存已经搜索过的状态，且该问题的状态空间很小，因此深搜不会出现无穷解的情况。只要目标状态设置合理且存在，深搜一定能在有限的步骤里求得。但是在小孩分油问题中，深搜所得结果不一定为最优，广搜下得到的结果才是最优结果。但是由于深搜易于实现且速度快，因此实验中才选择深搜去实现。

本实验源码具有较强的扩展性，只要初始状态和目标状态设置合理，程序均可以成功将其状态转换过程输出。

7.源码

#include<iostream>
#include<stack>
#include<vector>
using namespace std;

struct State {
    int E; // 七两的瓶子
    int S; // 三两的瓶子 

    State(int E, int S) {
        this->E = E;
        this->S = S;
    }
};

//  深搜辅助栈
stack<State> Stack;

// 存储已经出现过的状态
vector<State> visited;

// 查询状态s先前是否出现过
bool isVisited(State s) {
    vector<State>::iterator it;
    for (it = visited.begin(); it != visited.end(); it++) {
        if (it->E == s.E && it->S == s.S) return true;
    }
    return false;
}

// 倒油行为，状态转变
void move(State s) {
    // 查询当前状态先前是否访问过
    if (!isVisited(s)) {
        visited.push_back(s);
        Stack.push(s);
    }
}

int main() {
    int E = 0, S = 0;
    int fE = 5, fS = 0;
     cout<<"Please input the initial oil of bottles："<<endl;
     cin>>E>>S;
     cout<<"Please input the final oil of bottles："<<endl;
     cin>>fE>>fS;
    Stack.push(State(E, S));

    while(!Stack.empty()) {
        State cur = Stack.top(); Stack.pop();
        E = cur.E;
        S = cur.S;
        cout<<10 - E - S<<" "<<E<<" "<<S<<endl;

        // 到达目标状态
        if (E == fE && S == fS) {
            cout<<"Successfully reach the target state:("<<fE<<", "<<fS<<")!";
            return 0;
        }

        // 将七两的瓶子装满
        if (E < 7) move(State(7, S));
        // 将三两的瓶子装满
        if (S < 3) move(State(E, 3));
        // 将七两的瓶子倒空
        if (E > 0) move(State(0, S));
        // 将三两的瓶子倒空
        if (S > 0) move(State(E, 0));
        // 将七两的瓶子全部装到三两的瓶子上
        if (E > 0 && E + S <= 3) move(State(0, E + S));
        // 将三两的瓶子全部装到七两的瓶子上
        if (S > 0 && E + S <= 7) move(State(E + S, 0));
        // 用七两的瓶子将三两的瓶子装满
        if (S < 3 && E + S >= 3) move(State(E + S - 3, 3));
        // 用三两的瓶子将七两的瓶子装满
        if (E < 7 && E + S >= 7) move(State(7, E + S - 7));
    }
    cout<<"Algorithm cannot find a solution!"<<endl;
    return 0;
}

原文地址：https://www.cnblogs.com/CSLaker/p/9875349.html