真的是好题，只不过强行多合一有点过分了……
题目大意：
$T$ 组数据。每个测试点中 $m$ 相同。
对于每组数据，给定 $l,r,k$，请求出 $\dfrac{1}{r-l+1}\sum\limits_{n=l}^r\dbinom{f(n,m)}{k}\bmod 998244353$。
其中 $f(n,m)$ 表示用 $1\times 2$ 的骨牌（可以变成 $2\times 1$）填满 $n\times m$ 的网格的方案数。
$1\le T\le 5,1\le l\le r\le 10^{18},1\le k\le 501,2\le m\le 3$。保证 $r-l+1$ 不是 $998244353$ 的倍数。
$2\le m\le 3$，明显二合一了。（其实后面会发现不止二合一）
先看 $m=2$。众所周知 $f(n,2)=fib_{n+1}$。然后就变成这题了。注意 $\sqrt{5}$ 在模 $998244353$ 下也没有意义，还是要扩系。
接下来看 $m=3$。
首先肯定 $n$ 是偶数的时候 $f(n,3)$ 才不为 $0$，那么设 $g_n=f(2n,3)$，然后要求就是 $\sum\limits_{n=\lceil\frac{l}{2}\rceil}^{\lfloor\frac{r}{2}\rfloor}g_n$。（为方便下文假设求 $l$ 到 $r$ 的和）
（从题解偷张图，%%%vixbob）
说得应该很清楚了。那么 $g_n=3g_{n-1}+2\sum\limits_{i=0}^{n-2}g_i$。
那么 $g_{n+1}-g_n=3g_n-g_{n-1}$，得递推公式 $g_n=4g_{n-1}-g_{n-2}$。初始 $g_0=1,g_1=3$。
用特征方程解出通项公式：
$$g_n=\dfrac{3+\sqrt{3}}{6}(2+\sqrt{3})^n+\dfrac{3-\sqrt{3}}{6}(2-\sqrt{3})^n$$
然后就一样了。
时间复杂度 $O(Tk^2\log r)$。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=555,mod=998244353,inv2=499122177,inv5=598946612,inv6=166374059;
#define FOR(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define ROF(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define MEM(x,v) memset(x,v,sizeof(x))
inline ll read(){
char ch=getchar();ll x=0,f=0;
while(ch<‘0‘ || ch>‘9‘) f|=ch==‘-‘,ch=getchar();
while(ch>=‘0‘ && ch<=‘9‘) x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar();
return f?-x:x;
}
int t,m,k,fac[maxn],invfac[maxn],S[maxn][maxn],C[maxn][maxn];
ll l,r;
inline int add(int x,int y){return x+y<mod?x+y:x+y-mod;}
inline int sub(int x,int y){return x<y?x-y+mod:x-y;}
inline int mul(int x,int y){return 1ll*x*y%mod;}
inline int qpow(int a,ll b){
int ans=1;
for(;b;b>>=1,a=mul(a,a)) if(b&1) ans=mul(ans,a);
return ans;
}
template<int T>
struct comp{
int x,y;
comp(const int xx=0,const int yy=0):x(xx),y(yy){}
inline comp operator+(const comp &c)const{return comp(add(x,c.x),add(y,c.y));}
inline comp operator-(const comp &c)const{return comp(sub(x,c.x),sub(y,c.y));}
inline comp operator*(const comp &c)const{return comp(add(mul(x,c.x),mul(T,mul(y,c.y))),add(mul(x,c.y),mul(y,c.x)));}
inline comp inv()const{
comp ans(x,y?mod-y:0);
int dn=qpow(sub(mul(x,x),mul(T,mul(y,y))),mod-2);
return ans*dn;
}
inline comp operator/(const comp &c)const{return *this*c.inv();}
inline bool operator==(const comp &c)const{return x==c.x && y==c.y;}
};
comp<5> a2(0,inv5),b2(0,mod-inv5),x2(inv2,inv2),y2(inv2,mod-inv2);
comp<3> a3(inv2,inv6),b3(inv2,mod-inv6),x3(2,1),y3(2,mod-1);
template<int T>
inline comp<T> cqpow(comp<T> a,ll b){
comp<T> ans(1,0);
for(;b;b>>=1,a=a*a) if(b&1) ans=ans*a;
return ans;
}
template<int T>
comp<T> calc(comp<T> x,ll l,ll r){
if(x==1) return (r-l+1)%mod;
return (cqpow(x,r+1)-cqpow(x,l))/(x-1);
}
int main(){
FOR(i,0,501) C[i][0]=C[i][i]=1;
FOR(i,1,501) FOR(j,1,i-1) C[i][j]=add(C[i-1][j],C[i-1][j-1]);
S[1][1]=1;
FOR(i,2,501) FOR(j,1,i) S[i][j]=add(mul(i-1,S[i-1][j]),S[i-1][j-1]);
fac[0]=1;
FOR(i,1,501) fac[i]=mul(fac[i-1],i);
invfac[501]=qpow(fac[501],mod-2);
ROF(i,500,0) invfac[i]=mul(invfac[i+1],i+1);
t=read();m=read();
while(t--){
l=read();r=read();k=read();
if(m==2){
int ans=0;
FOR(i,0,k){
int s=0;
FOR(j,0,i){
comp<5> tmp1=cqpow(a2,j)*cqpow(b2,i-j),tmp2=cqpow(x2,j)*cqpow(y2,i-j);
s=add(s,mul(C[i][j],(tmp1*calc(tmp2,l+1,r+1)).x));
}
s=mul(s,S[k][i]);
if((k-i)&1) ans=sub(ans,s);
else ans=add(ans,s);
}
printf("%d\n",mul(mul(ans,invfac[k]),qpow((r-l+1)%mod,mod-2)));
}
else{
ll lll=(l+1)>>1,rrr=r>>1;
if(lll>rrr){puts("0");continue;}
int ans=0;
FOR(i,0,k){
int s=0;
FOR(j,0,i){
comp<3> tmp1=cqpow(a3,j)*cqpow(b3,i-j),tmp2=cqpow(x3,j)*cqpow(y3,i-j);
s=add(s,mul(C[i][j],(tmp1*calc(tmp2,lll,rrr)).x));
}
s=mul(s,S[k][i]);
if((k-i)&1) ans=sub(ans,s);
else ans=add(ans,s);
}
printf("%d\n",mul(mul(ans,invfac[k]),qpow((r-l+1)%mod,mod-2)));
}
}
}
原文地址：https://www.cnblogs.com/1000Suns/p/11031106.html