巧克力棒(chocolate)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 找到了一根巧克力棒，但是这根巧克力棒太长了， LYK 无法一口吞进去。
具体地，这根巧克力棒长为 n，它想将这根巧克力棒折成 n 段长为 1 的巧克力棒，然后
慢慢享用。
它打算每次将一根长为 k 的巧克力棒折成两段长为 a 和 b 的巧克力棒，此时若 a=b，则
LYK 觉得它完成了一件非常困难的事，并会得到 1 点成就感。
LYK 想知道一根长度为 n 的巧克力棒能使它得到最多几点成就感。
输入格式(chocolate.in)
第一行一个数 n。
输出格式(chocolate.out)
一个数表示答案。
输入样例
7
输出样例
4
数据范围
对于 20%的数据 n<=5。
对于 50%的数据 n<=20。
对于 80%的数据 n<=2000。
对于 100%的数据 n<=1000000000。
样例解释
将 7 掰成 3+4，将 3 掰成 1+2，将 4 掰成 2+2 获得 1 点成就感，将剩下的所有 2 掰成 1+1
获得 3 点成就感。总共 4 点成就感。
/*
发现ans=n-c(n)。c(n)表示n的二进制中1的个数。
粘一个严谨的证明(其实我自己也没认真看)
我们对c(n)进行归纳。
当c(n)=1时，即n=2^k，ans(n)显然=(n-1)。
我们假设c(n)<=x的情况下ans(n)=n-c(n)都成立。
当c(n)=x+1时，我们要证明ans(n)=n-c(n)。
令j为不超过n的2的幂次的最大值，
有ans(n)=ans(n-j)+ans(j)=n-j-(c(n)-1)+j-1=n-c(n)。
即ans(n)的下界为n-c(n)。
将ans(n)分成两个数i,j时有c(i)+c(j)>=c(n)。
当i不等于j时，有ans(n)<=i-c(i)+j-c(j)<=n-c(n)。
当i=j时，有c(i)+c(j)=2*c(n)，
ans(n)<=i-c(i)+j-c(j)+1<=n-c(n)*2+1，c(n)是正整数。
综上，ans(n)的上界也为n-c(n)。假设成立
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
int n,ans;
int init()
{
int x=0,f=1;char c=getchar();
while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();}
while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();}
return x*f;
}
int main()
{
freopen("chocolate.in","r",stdin);
freopen("chocolate.out","w",stdout);
n=init();
for(int i=1;n;i*=2)
{
if(n&1)ans+=i-1;
n>>=1;
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
LYK 快跑！ (run)
Time Limit:5000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 陷进了一个迷宫！这个迷宫是网格图形状的。 LYK 一开始在(1,1)位置，出口在(n,m)。
而且这个迷宫里有很多怪兽，若第 a 行第 b 列有一个怪兽，且此时 LYK 处于第 c 行 d 列，此
时这个怪兽对它的威胁程度为|a-c|+|b-d|。
LYK 想找到一条路径，使得它能从(1,1)到达(n,m)，且在途中对它威胁程度最小的怪兽的
威胁程度尽可能大。
当然若起点或者终点处有怪兽时，无论路径长什么样，威胁程度最小的怪兽始终=0。
输入格式(run.in)
第一行两个数 n,m。
接下来 n 行，每行 m 个数，如果该数为 0，则表示该位置没有怪兽，否则存在怪兽。
数据保证至少存在一个怪兽。
输入格式(run.out)
一个数表示答案。
输入样例
3 4
0 1 1 0
0 0 0 0
1 1 1 0
输出样例
1
数据范围
对于 20%的数据 n=1。
对于 40%的数据 n<=2。
对于 60%的数据 n,m<=10。
对于 80%的数据 n,m<=100。
对于 90%的数据 n,m<=1000。
对于另外 10%的数据 n,m<=1000 且怪兽数量<=100。
/*
没清空队列 WA了两个点......
首先预处理出每个点到最近的怪物的距离
BFS即可(刚开始把所有的怪物全部进队然后bfs)
然后二分答案求解
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define maxn 1010
using namespace std;
int n,m,l,r,ans;
int dis[maxn][maxn],f[maxn][maxn];
int b[5]={0,0,1,0,-1};
int c[5]={0,1,0,-1,0};
queue<int>qx,qy;
int init()
{
int x=0,f=1;char c=getchar();
while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();}
while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();}
return x*f;
}
void bfs()
{
while(!qx.empty())
{
int nx=qx.front();
int ny=qy.front();
qx.pop();qy.pop();
for(int i=1;i<=4;i++)
{
int tx=nx+b[i];
int ty=ny+c[i];
if(tx>=1&&tx<=n&&ty>=1&&ty<=m&&!f[tx][ty])
{
f[tx][ty]=1;
dis[tx][ty]=dis[nx][ny]+1;
qx.push(tx);
qy.push(ty);
}
}
}
}
int judge(int x)
{
if(dis[1][1]<x)return 0;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
f[i][j]=0;
while(!qx.empty()) qx.pop();
while(!qy.empty()) qy.pop();
qx.push(1);
qy.push(1);
f[1][1]=1;
while(!qx.empty())
{
int nx=qx.front();
int ny=qy.front();
qx.pop();qy.pop();
if(nx==n&&ny==m)return 1;
for(int i=1;i<=4;i++)
{
int tx=nx+b[i];
int ty=ny+c[i];
if(tx>=1&&tx<=n&&ty>=1&&ty<=m&&dis[tx][ty]>=x&&!f[tx][ty])
{
f[tx][ty]=1;
qx.push(tx);
qy.push(ty);
}
}
}
return 0;
}
int main()
{
freopen("run.in","r",stdin);
freopen("run.out","w",stdout);
n=init();m=init();
memset(dis,127/3,sizeof(dis));
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=m;j++)
{
int x;x=init();
if(x==1)
{
dis[i][j]=0;
qx.push(i);
qy.push(j);
f[i][j]=1;
}
}
}
bfs();
l=0,r=3000;
while(l<=r)
{
int mid=(l+r)/2;
if(judge(mid))
{
ans=mid;
l=mid+1;
}
else
r=mid-1;
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}
仙人掌(cactus)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 在冲刺清华集训（ THUSC）！于是它开始研究仙人掌?，它想来和你一起分享它最近
研究的结果。
如果在一个无向连通图中任意一条边至多属于一个简单环（简单环的定义为每个点至多
经过一次），且不存在自环，我们称这个图为仙人掌。
LYK 觉得仙人掌还是太简单了，于是它定义了属于自己的仙人掌。
定义一张图为美妙的仙人掌，当且仅当这张图是一个仙人掌且对于任意两个不同的点 i,j，
存在一条从 i 出发到 j 的路径，且经过的点的个数为|j-i|+1 个。
给定一张 n 个点 m 条边且没有自环的图， LYK 想知道美妙的仙人掌最多有多少条边。
数据保证整张图至少存在一个美妙的仙人掌。
输入格式(cactus.in)
第一行两个数 n,m 表示这张图的点数和边数。
接下来 m 行，每行两个数 u,v 表示存在一条连接 u,v 的无向边。
输出格式(cactus.out)
一个数表示答案
输入样例
4 6
1 2
1 3
1 4
2 3
2 4
3 4
输出样例
4
样例解释
选择边 1-2,1-3,2-3,3-4，能组成美妙的仙人掌，且不存在其它美妙仙人掌有超过 4 条
边。
数据范围
对于 20%的数据 n<=3。
对于 40%的数据 n<=5。
对于 60%的数据 n<=8。
对于 80%的数据 n<=1000。
对于 100%的数据 n<=100000 且 m<=min(200000,n*(n-1)/2)。
正解暂无