整体来说，这一场的质量比较高，但是题意也有些难懂。
E.Electronic Circuit
题意: 给你N个点，M根线，问它是否是一个合法的电路。
思路: 一个合法的电路，经过一些串联并联关系，最后有一个点是正极，一个是负极，我们就来模拟这个串联的过程即可，并联的关系会因为我们使用了set而抵消，所以可以不去管它。 模拟串联： 我们选择一个度数为2的点，删去它与两边的点u，v的连线，然后连接u-v，知道不存在度数为2的点。 最后当有两个点度数为1，而且不存在度数为大于大于2的点，则合法。
（选择set其实比较巧妙，因为不用考虑并联。
#include<bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
using namespace std;
const int maxn=100010;
set<int>S[maxn]; queue<int>q;
int main()
{
int N,M,u,x,y;
scanf("%d%d",&N,&M);
rep(i,1,M){
scanf("%d%d",&x,&y);
S[x].insert(y); S[y].insert(x);
}
rep(i,1,N) if(S[i].size()==2) q.push(i);
while(!q.empty()){
u=q.front(); q.pop();
if(S[u].size()!=2) continue;
x=*S[u].begin(); S[u].erase(S[u].begin());
y=*S[u].begin(); S[u].erase(S[u].begin());
S[x].erase(u); S[y].erase(u);
S[x].insert(y); S[y].insert(x);
if(S[x].size()==2) q.push(x);
if(S[y].size()==2) q.push(y);
}
int cnt=0,ok=1;
rep(i,1,N) {
if(S[i].size()==1) cnt++;
if(S[i].size()>1) ok=0;
}
if(ok&&cnt==2) puts("Yes");
else puts("No");
return 0;
}
F .Fake Plastic Trees
题意：让你建造一棵树，使得它有N个叶子节点，而且需要满足对于每个节点，它的左子树大小等于右子树大小，或者左子树大小比右边大1。
每次你构造一棵树，你可以选择之前构造过的树作为它的儿子。 现在让你构造不超过125棵树，满足上诉条件。
输出的方式是，输出V，表示构造的树的多少。 接下来V上，每行表示左子树的标号和右子树的编号。 最后输出根节点的标号。
（读了好久才懂了题意，主要是输出这里，我们构造的东西每次都是重复利用了之前的子树的。
思路：每次除2构造即可。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
using namespace std;
const int maxn=100010;
int x[maxn],y[maxn],tot; map<ll,int>mp;
void get(ll num)
{
if(mp.find(num)!=mp.end()) return ;
if(num==1LL) {
x[++tot]=-1; y[tot]=-1; mp[num]=tot;
return ;
}
ll mid=num/2;
get(num-mid); get(mid);
tot++; x[tot]=mp[num-mid]; y[tot]=mp[mid];
mp[num]=tot;
}
int main()
{
int T; ll N;
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%lld",&N);
tot=-1; mp.clear(); get(N);
printf("%d\n",tot+1);
rep(i,0,tot) printf("%d %d\n",x[i],y[i]);
printf("%d\n",tot);
}
return 0;
}
H .Fractions
题意：求多少对(x，y)，满足A<=x<=B ; C<=y<=D，而且（x+y）/gcd(x,y)<1000；
思路：水题，我们枚举化简后的x‘=x/gcd; y‘=y/gcd；然后看有多少gcd可以在给定区间即可。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
using namespace std;
int main()
{
ll A,B,C,D,ans=0;
scanf("%lld%lld%lld%lld",&A,&B,&C,&D);
rep(i,1,999)
rep(j,1,999-i){
if((__gcd(i,j))==1){
//A<=ix<=B c<=jx<=D
ll tmp=min(D/j,B/i)-max((A-1)/i,(C-1)/j);
if(tmp>0) ans+=tmp;
}
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}
I .Game on Plane
题意：给定N个点，围成一个圈，每次玩家选择两个点连线，不得与之前连的线相交。 如果玩家连线形成了一个多边形或者没有选的点，输。
思路：sg函数，每次连线会把大圈分为两个小圈，跑sg即可。
#include<bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
using namespace std;
const int maxn=5010;
int sg[maxn],vis[maxn];
void init()
{
sg[1]=0; sg[2]=1;
rep(i,3,5000){
rep(j,0,i-2){
vis[sg[j]^sg[i-2-j]]=i;
}
rep(j,0,5000) {
if(vis[j]!=i) { sg[i]=j; break;}
}
}
}
int main()
{
init();
int T,N; scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d",&N);
if(!sg[N]) puts("Second");
else puts("First");
}
return 0;
}
L .Timsort
题意：给定长度为N的数组a[]，Q次询问，每次给出长度L，让你按照规定跑。 每次从当前位置出发，一直跑不降序列，或者下降序列。跑完后，如果大于等于L，从下一个位置继续开始，否则要凑齐长度L，同时累计凑数的个数。
思路：预处理，每次按照规定跑即可，因为我们可以记忆化，所以我们可以假设每次的问题是不一样的，最坏的情况下是N/1+N/2+N/3...+N/N~=NlogN，所以就ok了，想不到这一点，这个水题就跑掉了。
#include<bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define rep2(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
using namespace std;
const int maxn=100010;
int a[maxn],R[maxn][2],ans[maxn][2];
int main()
{
int N,Q,x;
scanf("%d",&N);
rep(i,1,N) scanf("%d",&a[i]);
rep2(i,N,1) {
R[i][0]=R[i][1]=1;
if(i+1<=N&&a[i]<=a[i+1]) R[i][0]=R[i+1][0]+1;
if(i+1<=N&&a[i]>a[i+1]) R[i][1]=R[i+1][1]+1;
}
scanf("%d",&Q);
while(Q--){
scanf("%d",&x);
if(ans[x][0]) printf("%d %d\n",ans[x][0],ans[x][1]);
else {
int A=0,B=0;
rep(i,1,N){
A++; if(i==N) break;
int t=R[i][a[i]>a[i+1]];
if(t<x){
if(i+x-1<=N) B+=x-t;
else B+=N-(i+t-1);
i=i+x-1;
}
else i=i+t-1;
}
ans[x][0]=A; ans[x][1]=B;
printf("%d %d\n",A,B);
}
}
return 0;
}
原文地址：https://www.cnblogs.com/hua-dong/p/10339507.html