看懂题意的请直接跳过下一坨！ 本人有表达障碍！
==========================================
题意： (题意真的很难很难懂啊！！！ 去他娘的**)
有一个王国，王国里有一个国王(编号为1)，他有(编号为2~n) n-1个臣子(这些臣子并不全和他有直接关系)
然后呢 国王要去打架，但是只有当他的x%个及以上的直系下属(与他有直接关系的臣子)做好打架的准备了，他才能去打架
他的直系下属也有下属，也要其中x%及以上的下属做好打架准备了，那些直系下属才会开始准备打架...直到最后一层下属(也就是没有下属的那些人)他们会直接开始准备打架
当然 (除了国王)所有臣子准备打架都需要时间ti；
有一个上限时间T 臣子们准备的总时间不能超过T
给的是n(包括国王 共n个人(国王加臣子))，T
接下来是编号2~n的臣子们的信息(1号是国王) pi和ti
pi代表该臣子是 编号为pi的人 的下属
ti代表该臣子 准备打架需要的时间
问的是： 不超过T的情况下，准备战斗的臣子要尽量多，求x的最大值
是不是看了这么大一坨还是不知道讲什么...
那么我们来看个案例：
6 3 1 2 2 2 2 1 1 2 1 4 n=6 T=3 就是1个国王 5个臣子 臣子们要在3单位时间内准备好打架接着
2号：1 2 3号：2 2 4号：2 1 5号：1 2 6号：1 4 他们的关系图是这样的：
这些人中 3、4、5、6都是没有下属的 因此都可以直接开始准备打架
如果x是100，那么就是需要100%以上的下属完成准备，也就是当3、4完成2才能开始 ；当2、5、6完成1才能去打架
(3、4、5、6同时开始准备，3、4都完成过去了2天， 也就是第三天2可以开始准备(此时5也完成了)，然后过了4天2、5、6都完成，1就可以去打架了，所以x==100时总共用了4天)
如果x是50，那么就是需要50%以上的下属完成准备，也就是当3或4完成 2才能开始 ；当2、5、6中有2个人(ceil(3/2)=2)完成 1才能去打架
(3、4、5、6同时开始准备，第一天结束4完成，此时已经满足“2号的50%及以上的下属完成”，于是2开始准备，第2天结束，2准备完成，此时5也完成了，这样就满足了“1号的50%及以上的下属完成”，1就可以去打架了，所以x==50时总共用了2天)
题目的上限T==3也就是必须要在3天内完成准备 显然x==100的时候需要4天不满足，而x==50的时候需要2天，满足。
=================================================
呃 到这里 才讲完题目...
好了 那么怎么做呢？
我们先倒着思考，要是我们已知x(百分比)，继而来判断能不能满足“准备天数<=上限天数T”的条件 是不是就简单了很多呢，只要傻傻的相加就好了呢o(^▽^)o
好 那么我们就来枚举每一个百分比能不能满足条件 然后找个最大的！
浮点误差是1e-4那么0到100就总共1e6个情况，然后每个情况都要判断，最坏要加1e4次(n上限1e4)
那么就是O(1e4*1e6)，Time Limit：500ms
啊哦不够额 (￣▽￣)
那就二分呗~~上下限分别是0和100，结束的条件就是 fabs(l-r)<1e4 咯~~
然后就结束了...
然后一交WA *****
坑爹的居然要LL
时间上限T明明只有1e6，ti明明只有100，1e4个100加起来也才1e6嘛！为什么要LL！
对啊！！写这么大一坨就是为了吐槽一个LL啊！
1 #include <bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 typedef long long LL;
4 const double eps=1e-4;
5
6 vector<LL> son[10005], tmp, tot;
7 int a[10005];
8 LL sum[10005];
9
10 int main()
11 {
12 int n, t;
13 scanf("%d%d", &n, &t);
14 for(int i=2;i<=n;i++)
15 {
16 int x;
17 scanf("%d%d",&x,&a[i]);
18 son[x].push_back(i);
19 }
20 a[1]=0;
21 double l=0, r=100, ans;
22 while(fabs(l-r)>=eps)
23 {
24 double m=(l+r)/2.0;
25 memset(sum, -1, sizeof(sum));
26 tmp.clear();
27 tmp.push_back(1);
28 while(!tmp.empty())
29 {
30 int p=tmp[tmp.size()-1];
31 if(!son[p].size())
32 sum[p]=a[p], tmp.pop_back();
33 else
34 {
35 if(sum[son[p][0]]==-1)
36 {
37 for(int i=0;i<son[p].size();i++)
38 tmp.push_back(son[p][i]);
39 continue;
40 }
41 tot.clear();
42 for(int i=0;i<son[p].size();i++)
43 tot.push_back(sum[son[p][i]]);
44 sort(tot.begin(), tot.end());
45 int pp;
46 for(int i=0;i<son[p].size();i++)
47 if((i+1)*100.0/son[p].size()>=m)
48 {
49 pp=i;
50 break;
51 }
52 sum[p]=tot[pp]+(LL)a[p];
53 tmp.pop_back();
54 }
55 }
56 if(sum[1]<=t)
57 ans=m, l=m;
58 else
59 r=m;
60 }
61 printf("%.7lf\n", ans);
62 return 0;
63 }
URAL 1822
[杂题]URAL1822. Hugo II's War