Note: This is an extension of House Robber.
After robbing those houses on that street, the thief has found himself a new place for his thievery so that he will not get too much attention. This time, all houses at this place are arranged in a circle. That means the
first house is the neighbor of the last one. Meanwhile, the security system for these houses remain the same as for those in the previous street.
Given a list of non-negative integers representing the amount of money of each house, determine the maximum amount of money you can rob tonight without alerting the police.
Credits:
Special thanks to @Freezen for adding this problem and creating all test cases.
续接前面的House Robber I 但是想了好久都没想出来怎么解。加上条件的DP问题需要进行一定的转化才能成为标准的DP问题，这个转化就成了关键。
这里的关键就是最后那一个房间N和第一个房间相连了，可以这么进行转化：
考虑抢劫了第0个房间，那么问题就是求抢劫第0~N-1个房间的最大数。
考虑不抢劫第0个房间，那么问题就是求抢劫第1~N个房间的最大数。
上面转化后的两个问题就是House Robber I中的问题。再求上面两个解的最大值，就是本题的解。
在做这题时发现House
Robber I中的代码还可以进一步的优化，可以将数组也省略掉而只使用两个变量来存储值，这样空间复杂度也降到了O(1)。代码更优了。
这是因为House
Robber I只需要比较第A[i-2]+nums[i]和A[i-1]的大小，所以可以把House Robber I中的数组也省略掉，而只需要两个变量来存储着两个值，这样更能节约空间。这里pLast存储的是House Robber I中A[i-1]的值，ppLast存储的是House Robber I中A[i-2]的值，逻辑和House Robber I是一样的。
runtime:0ms
class Solution {
public:
int rob(vector<int>& nums) {
int length=nums.size();
if(length==0)
return 0;
if(length==1)
return nums[0];
return max(robDiv(nums,0,length-2),robDiv(nums,1,length-1));
}
int robDiv(vector<int> &nums,int first,int last)
{
//因为只需要比较第A[i-2]+nums[i]和A[i-1]的大小，所以可以把House Robber I中的数组也省略掉，
//而只需要两个变量来存储着两个值，这样更能节约空间。
//这里pLast存储的是House Robber I中A[i-1]的值，
//ppLast存储的是House Robber I中A[i-2]的值，逻辑和House Robber I是一样的。
int pLast=0,ppLast=0;
for(int i=first;i<=last;i++)
{
int tmp=pLast;
pLast=max(ppLast+nums[i],pLast);
ppLast=tmp;
}
return pLast;
}
};