Description
共有m部电影，编号为1~m，第i部电影的好看值为w[i]。
在n天之中（从1~n编号）每天会放映一部电影，第i天放映的是第f[i]部。
你可以选择l,r(1<=l<=r<=n)，并观看第l,l+1,…,r天内所有的电影。如果同一部电影你观看多于一次，你会感到无聊，于是无法获得这部电影的好看值。所以你希望最大化观看且仅观看过一次的电影的好看值的总和。
Input
第一行两个整数n,m(1<=m<=n<=1000000)。
第二行包含n个整数f[1],f[2],…,f[n](1<=f[i]<=m)。
第三行包含m个整数w[1],w[2],…,w[m](1<=w[j]<=1000000)。
Output
输出观看且仅观看过一次的电影的好看值的总和的最大值。
Sample Input
9 4
2 3 1 1 4 1 2 4 1
5 3 6 6
Sample Output
15
样例解释：
观看第2,3,4,5,6,7天内放映的电影，其中看且仅看过一次的电影的编号为2,3,4。
思路：很神的题，一直在想O（n）的算法 然后没有结果 然后查了解题想了线段树的思路才想出来了
枚举区间左端点 然后线段树可以维护以这个点为左端点的最大值 然后就可以了
#include<cstdio>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#define maxn 1000000
#define ll long long
using namespace std;
int a[maxn],w[maxn],nex[maxn],las[maxn];
ll lazy[maxn*4],tree[maxn*4];
void add(int node,int l,int r,int ql,int qr,ll w)
{
if(ql<=l&&r<=qr){lazy[node]+=w;return;}
int mid=(l+r)>>1;
if(lazy[node]!=0){
tree[node]+=lazy[node];lazy[node*2]+=lazy[node];
lazy[node*2+1]+=lazy[node];lazy[node]=0;
}
if(ql<=mid)add(node*2,l,mid,ql,qr,w);
if(qr>mid)add(node*2+1,mid+1,r,ql,qr,w);
tree[node]=max(tree[node*2]+lazy[node*2],tree[node*2+1]+lazy[node*2+1]);
}
ll query(int node,int l,int r,int ql,int qr){
ll ans=0;
if(lazy[node]!=0){
tree[node]+=lazy[node];lazy[node*2]+=lazy[node];
lazy[node*2+1]+=lazy[node];lazy[node]=0;
}
if(ql<=l&&r<=qr)return tree[node];int mid=(l+r)>>1;
if(ql<=mid)ans=max(ans,query(node*2,l,mid,ql,qr));
if(mid<qr)ans=max(ans,query(node*2+1,mid+1,r,ql,qr));
return ans;
}
int main(){
int n,m;ll ans=0;scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[n-i+1]);for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&w[i]);
for(int i=1;i<=n;i++)nex[i]=las[a[i]],las[a[i]]=i;
for(int i=1;i<=n;i++){
add(1,1,n+1,nex[i]+1,i+1,w[a[i]]);
if(nex[i]!=0)add(1,1,n+1,nex[nex[i]]+1,nex[i]+1,-w[a[i]]);
ans=max(ans,query(1,1,n+1,1,i+1));
}
printf("%lld\n",ans);return 0;
}