bzoj 2364

传送门:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2346

比较裸的最短路(‘ ‘     ) 水题又多了一道

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;

const int maxn = 400010;
const int maxe = 2001000;
const int maxl = 510;
const int INF = 0x3f3f3f3f;

struct edge {
    int t, d;
    edge* next;
}e[maxe * 2], *head[maxn]; int ne = 0;

void addedge(int f, int t, int d) {
    e[ne].t = t, e[ne].d = d, e[ne].next = head[f], head[f] = e + ne ++;
    e[ne].t = f, e[ne].d = d, e[ne].next = head[t], head[t] = e + ne ++;
}

struct node {
    int pos, dis;
    node(int a, int b) {
        pos = a, dis = b;
    }
};

bool operator < (const node &a, const node &b) {
    return a.dis > b.dis;
}

priority_queue <node> q;
int dis[maxn];

void dijkstra(int s, int t) {
    memset(dis, INF, sizeof(dis)); dis[s] = 0;
    for(int i = s; i <= t; ++ i) q.push(node(i, dis[i]));
    while(!q.empty()) {
        node x = q.top(); q.pop();
        if(x.dis != dis[x.pos]) continue;
        for(edge* p = head[x.pos]; p; p = p-> next)
            if(dis[p-> t] > dis[x.pos] + p-> d)
                dis[p-> t] = dis[x.pos] + p-> d, q.push(node(p-> t, dis[p-> t]));
    }
}

int n, m;

int getpos(int x, int t) {
    return (x - 1) * (m + 1) + t;
}

char s[maxl];

void sov() {
    scanf("%d%d", &n, &m);
    for(int i = 1; i <= n; ++ i) {
        scanf("%s", s + 1);
        for(int j = 1; j <= m; ++ j) {
            if(s[j] == ‘/‘) addedge(getpos(i, j), getpos(i + 1, j + 1), 1), addedge(getpos(i + 1, j), getpos(i, j + 1), 0);
            else addedge(getpos(i, j), getpos(i + 1, j + 1), 0), addedge(getpos(i + 1, j), getpos(i, j + 1), 1);
        }
    }
    dijkstra(getpos(1, 1), getpos(n + 1, m + 1));
    if(dis[getpos(n + 1, m + 1)] == INF) printf("NO SOLUTION\n");
    else printf("%d\n", dis[getpos(n + 1, m + 1)]);
}

int main() {
    //freopen("test.in", "r", stdin);
    //freopen("test.out", "w", stdout);
    sov();
    return 0;
}
时间: 2024-08-10 23:20:49

bzoj 2364的相关文章

BZOJ 1013: [JSOI2008]球形空间产生器sphere

二次联通门 : BZOJ 1013: [JSOI2008]球形空间产生器sphere /* BZOJ 1013: [JSOI2008]球形空间产生器sphere 高斯消元 QAQ SB的我也能终于能秒题了啊 设球心的坐标为(x,y,z...) 那么就可以列n+1个方程,化化式子高斯消元即可 */ #include <cstdio> #include <iostream> #include <cstring> #define rg register #define Max

bzoj 3309 DZY Loves Math - 莫比乌斯反演 - 线性筛

对于正整数n,定义f(n)为n所含质因子的最大幂指数.例如f(1960)=f(2^3 * 5^1 * 7^2)=3, f(10007)=1, f(1)=0. 给定正整数a,b,求sigma(sigma(f(gcd(i,j)))) (i=1..a, j=1..b). Input 第一行一个数T,表示询问数. 接下来T行,每行两个数a,b,表示一个询问. Output 对于每一个询问,输出一行一个非负整数作为回答. Sample Input 4 7558588 9653114 6514903 445

【BZOJ】[HNOI2009]有趣的数列

[算法]Catalan数 [题解] 学了卡特兰数就会啦>_<! 因为奇偶各自递增,所以确定了奇偶各自的数字后排列唯一. 那么就是给2n个数分奇偶了,是不是有点像入栈出栈序呢. 将做偶数标为-1,做奇数标为+1,显然当偶数多于奇数时不合法,因为它压不住后面的奇数. 然后其实这种题目,打表就可知啦--QAQ 然后问题就是求1/(n+1)*C(2n,n)%p了,p不一定是素数. 参考bzoj礼物的解法. 看到网上清一色的素数筛+分解质因数解法,不解了好久,感觉写了假的礼物-- 后来觉得礼物的做法才比

洛谷 P2709 BZOJ 3781 小B的询问

题目描述 小B有一个序列,包含N个1~K之间的整数.他一共有M个询问,每个询问给定一个区间[L..R],求Sigma(c(i)^2)的值,其中i的值从1到K,其中c(i)表示数字i在[L..R]中的重复次数.小B请你帮助他回答询问. 输入输出格式 输入格式: 第一行,三个整数N.M.K. 第二行,N个整数,表示小B的序列. 接下来的M行,每行两个整数L.R. 输出格式: M行,每行一个整数,其中第i行的整数表示第i个询问的答案. 输入输出样例 输入样例#1: 6 4 3 1 3 2 1 1 3

BZOJ 1012: [JSOI2008]最大数maxnumber(线段树)

012: [JSOI2008]最大数maxnumber Time Limit: 3 Sec  Memory Limit: 162 MB Description 现在请求你维护一个数列,要求提供以下两种操作:1. 查询操作.语法:Q L 功能:查询当前数列中末尾L个数中的最大的数,并输出这个数的值.限制:L不超过当前数列的长度.2. 插入操作.语法:A n 功能:将n加上t,其中t是最近一次查询操作的答案(如果还未执行过查询操作,则t=0),并将所得结果对一个固定的常数D取模,将所得答案插入到数列

【BZOJ】【1016】【JSOI2008】最小生成树计数

Kruskal/并查集+枚举 唉我还是too naive,orz Hzwer 一开始我是想:最小生成树删掉一条边,再加上一条边仍是最小生成树,那么这两条边权值必须相等,但我也可以去掉两条权值为1和3的,再加上权值为2和2的,不也满足题意吗?事实上,如果这样的话……最小生成树应该是1和2,而不是1和3或2和2!!! 所以呢?所以对于一个图来说,最小生成树有几条边权为多少的边,都是固定的!所以我们可以做一遍Kruskal找出这些边权,以及每种边权出现的次数.然后,对于每种边权,比方说出现了$v_i$

【BZOJ】【2844】albus就是要第一个出场

高斯消元解XOR方程组 srO  ZYF  Orz 膜拜ZYF…… http://www.cnblogs.com/zyfzyf/p/4232100.html 1 /************************************************************** 2 Problem: 2844 3 User: Tunix 4 Language: C++ 5 Result: Accepted 6 Time:252 ms 7 Memory:2052 kb 8 *******

[BZOJ 1066] [SCOI2007] 蜥蜴 【最大流】

题目链接:BZOJ - 1066 题目分析 题目限制了高度为 x 的石柱最多可以有 x 只蜥蜴从上面跳起,那么就可以用网络流中的边的容量来限制.我们把每个石柱看作一个点,每个点拆成 i1, i2,从 i1 到 i2 连一条边,容量为这个石柱 i 的高度,即跳跃次数限制.来到这个石柱就是向 i1 连边,从这个石柱跳起就是从 i2 向外连边,这样只要从石柱 i 跳起就一定会消耗 i1 到 i2 的边的容量.如果 i 有蜥蜴,就从 S 到 i1 连一条容量为 1 的边,如果从石柱 i 能跳出边界,就从

BZOJ 2243: [SDOI2011]染色 树链剖分

2243: [SDOI2011]染色 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 1886  Solved: 752[Submit][Status] Description 给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c: 2.询问节点a到节点b路径上的颜色段数量(连续相同颜色被认为是同一段),如“112221”由3段组成:“11”.“222”和“1”. 请你写一个程序依次完成这m个操作. In