【树链剖分】【线段树】bzoj2157 旅游

#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define INF 2147483647
#define N 20001
#define lson rt<<1,l,m
#define rson rt<<1|1,m+1,r
int v[N<<1],first[N],next[N<<1],en,bw[N<<1],dw[N<<1];
void AddEdge(int U,int V,int W)
{
	v[++en]=V;
	bw[en]=W;
	next[en]=first[U];
	first[U]=en;
}
int n,fa[N],top[N],tot,dep[N],siz[N],son[N],Num[N],dy[N],m,Map[N];
void dfs(int U)
{
	siz[U]=1;
	for(int i=first[U];i;i=next[i]) if(v[i]!=fa[U])
	  {
	  	dy[(i+1)>>1]=v[i];
	  	dw[v[i]]=bw[i];
	  	fa[v[i]]=U;
	  	dep[v[i]]=dep[U]+1;
	  	dfs(v[i]);
	  	siz[U]+=siz[v[i]];
	  	if(siz[v[i]]>siz[son[U]])
	  	  son[U]=v[i];
	  }
}
void df2(int U)
{
	Num[U]=++tot;
	Map[tot]=U;
	if(son[U])
	  {
	  	top[son[U]]=top[U];
	  	df2(son[U]);
	  }
	for(int i=first[U];i;i=next[i]) if(v[i]!=fa[U]&&v[i]!=son[U])
	  {
	  	top[v[i]]=v[i];
	  	df2(v[i]);
	  }
}
int sumv[N<<2],maxv[N<<2],minv[N<<2];
bool rev[N<<2];
void work(int rt)
{
	rev[rt]^=1;
	sumv[rt]*=(-1);
	swap(maxv[rt],minv[rt]);
	maxv[rt]*=(-1);
	minv[rt]*=(-1);
}
void pushdown(int rt)
{
	if(rev[rt])
	  {
	  	work(rt<<1);
	  	work(rt<<1|1);
	  	rev[rt]=0;
	  }
}
void pushup(int rt)
{
	sumv[rt]=sumv[rt<<1]+sumv[rt<<1|1];
	maxv[rt]=max(maxv[rt<<1],maxv[rt<<1|1]);
	minv[rt]=min(minv[rt<<1],minv[rt<<1|1]);
}
void buildtree(int rt,int l,int r)
{
	if(l==r)
	  {
	  	sumv[rt]=minv[rt]=maxv[rt]=dw[Map[l]];
	  	return;
	  }
	int m=(l+r>>1);
	buildtree(lson);
	buildtree(rson);
	pushup(rt);
}
void update(int p,int v,int rt,int l,int r)
{
	if(l==r)
	  {
	  	sumv[rt]=minv[rt]=maxv[rt]=v;
	  	return;
	  }
	pushdown(rt);
	int m=(l+r>>1);
	if(p<=m) update(p,v,lson);
	else update(p,v,rson);
	pushup(rt);
}
void reverse(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
	if(ql<=l&&r<=qr)
	  {
	  	work(rt);
	  	return;
	  }
	int m=(l+r>>1);
	pushdown(rt);
	if(ql<=m) reverse(ql,qr,lson);
	if(m<qr) reverse(ql,qr,rson);
	pushup(rt);
}
void Reverse(int U,int V)
{
	while(top[U]!=top[V])
	  {
	  	if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
	  	  swap(U,V);
	  	reverse(Num[top[U]],Num[U],1,1,n);
	  	U=fa[top[U]];
	  }
	if(U!=V)
	  {
	  	if(dep[U]>dep[V])
		  swap(U,V);
		reverse(Num[U]+1,Num[V],1,1,n);
	  }
}
int qsum(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
	if(ql<=l&&r<=qr) return sumv[rt];
	int m=(l+r>>1),res=0;
	pushdown(rt);
	if(ql<=m) res+=qsum(ql,qr,lson);
	if(m<qr) res+=qsum(ql,qr,rson);
	return res;
}
int Qsum(int U,int V)
{
	int res=0;
	while(top[U]!=top[V])
	  {
	  	if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
	  	  swap(U,V);
	  	res+=qsum(Num[top[U]],Num[U],1,1,n);
	  	U=fa[top[U]];
	  }
	if(U!=V)
	  {
	  	if(dep[U]>dep[V])
		  swap(U,V);
		res+=qsum(Num[U]+1,Num[V],1,1,n);
	  }
	return res;
}
int qmax(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
	if(ql<=l&&r<=qr) return maxv[rt];
	int m=(l+r>>1),res=-INF;
	pushdown(rt);
	if(ql<=m) res=max(res,qmax(ql,qr,lson));
	if(m<qr) res=max(res,qmax(ql,qr,rson));
	return res;
}
int Qmax(int U,int V)
{
	int res=-INF;
	while(top[U]!=top[V])
	  {
	  	if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
	  	  swap(U,V);
	  	res=max(res,qmax(Num[top[U]],Num[U],1,1,n));
	  	U=fa[top[U]];
	  }
	if(U!=V)
	  {
	  	if(dep[U]>dep[V])
		  swap(U,V);
		res=max(res,qmax(Num[U]+1,Num[V],1,1,n));
	  }
	return res;
}
int qmin(int ql,int qr,int rt,int l,int r)
{
	if(ql<=l&&r<=qr) return minv[rt];
	int m=(l+r>>1),res=INF;
	pushdown(rt);
	if(ql<=m) res=min(res,qmin(ql,qr,lson));
	if(m<qr) res=min(res,qmin(ql,qr,rson));
	return res;
}
int Qmin(int U,int V)
{
	int res=INF;
	while(top[U]!=top[V])
	  {
	  	if(dep[top[U]]<dep[top[V]])
	  	  swap(U,V);
	  	res=min(res,qmin(Num[top[U]],Num[U],1,1,n));
	  	U=fa[top[U]];
	  }
	if(U!=V)
	  {
	  	if(dep[U]>dep[V])
		  swap(U,V);
		res=min(res,qmin(Num[U]+1,Num[V],1,1,n));
	  }
	return res;
}
int main()
{
	char op[4];
	int x,y,z;
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1;i<n;++i)
	  {
	  	scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
	  	AddEdge(x+1,y+1,z);
	  	AddEdge(y+1,x+1,z);
	  }
	top[1]=1;
	dfs(1);
	df2(1);
	buildtree(1,1,n);
	scanf("%d",&m);
	for(;m;--m)
	  {
	  	scanf("%s%d%d",op,&x,&y);
	  	if(op[0]==‘C‘) update(Num[dy[x]],y,1,1,n);
	  	else if(op[0]==‘N‘) Reverse(x+1,y+1);
	  	else if(op[0]==‘S‘) printf("%d\n",Qsum(x+1,y+1));
	  	else if(op[1]==‘A‘) printf("%d\n",Qmax(x+1,y+1));
	  	else printf("%d\n",Qmin(x+1,y+1));
	  }
	return 0;
}
时间: 2024-10-10 17:51:23

【树链剖分】【线段树】bzoj2157 旅游的相关文章

bzoj 2157: 旅游【树链剖分+线段树】

裸的树链剖分+线段树 但是要注意一个地方--我WA了好几次才发现取完相反数之后max值和min值是要交换的-- #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; const int N=200005; int n,m,h[N],cnt,de[N],va[N],fa[N],si[N],hs[N],fr[N],id[N],tot,rl[N]; char c[10]; struct qwe { int ne,no,to,va

Aizu 2450 Do use segment tree 树链剖分+线段树

Do use segment tree Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://www.bnuoj.com/v3/problem_show.php?pid=39566 Description Given a tree with n (1 ≤ n ≤ 200,000) nodes and a list of q (1 ≤ q ≤ 100,000) queries, process the queries in order and out

Hdu 3966 Aragorn&#39;s Story (树链剖分 + 线段树区间更新)

题目链接: Hdu 3966 Aragorn's Story 题目描述: 给出一个树,每个节点都有一个权值,有三种操作: 1:( I, i, j, x ) 从i到j的路径上经过的节点全部都加上x: 2:( D, i, j, x ) 从i到j的路径上经过的节点全部都减去x: 3:(Q, x) 查询节点x的权值为多少? 解题思路: 可以用树链剖分对节点进行hash,然后用线段树维护(修改,查询),数据范围比较大,要对线段树进行区间更新 1 #include <cstdio> 2 #include

【bzoj3589】动态树 树链剖分+线段树

题目描述 别忘了这是一棵动态树, 每时每刻都是动态的. 小明要求你在这棵树上维护两种事件 事件0:这棵树长出了一些果子, 即某个子树中的每个节点都会长出K个果子. 事件1:小明希望你求出几条树枝上的果子数. 一条树枝其实就是一个从某个节点到根的路径的一段. 每次小明会选定一些树枝, 让你求出在这些树枝上的节点的果子数的和. 注意, 树枝之间可能会重合, 这时重合的部分的节点的果子只要算一次. 输入 第一行一个整数n(1<=n<=200,000), 即节点数. 接下来n-1行, 每行两个数字u,

BZOJ2243 (树链剖分+线段树)

Problem 染色(BZOJ2243) 题目大意 给定一颗树,每个节点上有一种颜色. 要求支持两种操作: 操作1:将a->b上所有点染成一种颜色. 操作2:询问a->b上的颜色段数量. 解题分析 树链剖分+线段树. 开一个记录类型,记录某一段区间的信息.l 表示区间最左侧的颜色 , r 表示区间最右侧的颜色 , sum 表示区间中颜色段数量. 合并时判断一下左区间的右端点和有区间的左端点的颜色是否一样. 树上合并时需要用两个变量ans1,ans2来存储.ans1表示x往上走时形成的链的信息,

bzoj4304 (树链剖分+线段树)

Problem T2 (bzoj4304 HAOI2015) 题目大意 给定一颗树,1为根节点,要求支持三种操作. 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中所有点的点权都增加 a . 操作 3 :询问某个节点 x 到根的路径中所有点的点权和. 解题分析 练手题.树链剖分+线段树. 参考程序 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <cmath> 4 #incl

【BZOJ】1146: [CTSC2008]网络管理Network(树链剖分+线段树套平衡树+二分 / dfs序+树状数组+主席树)

第一种做法(时间太感人): 这题我真的逗了,调了一下午,疯狂造数据,始终找不到错. 后来发现自己sb了,更新那里没有打id,直接套上u了.我.... 调了一下午啊!一下午的时光啊!本来说好中午A掉去学习第二种做法,噗 好吧,现在第一种做法是hld+seg+bst+二分,常数巨大,log^4级别,目前只会这种. 树剖后仍然用线段树维护dfs序区间,然后在每个区间建一颗平衡树,我用treap,(这题找最大啊,,,囧,并且要注意,这里的rank是比他大的数量,so,我们在二分时判断要判断一个范围,即要

【bzoj4811】[Ynoi2017]由乃的OJ 树链剖分+线段树区间合并

题目描述 由乃正在做她的OJ.现在她在处理OJ上的用户排名问题.OJ上注册了n个用户,编号为1-",一开始他们按照编号 排名.由乃会按照心情对这些用户做以下四种操作,修改用户的排名和编号:然而由乃心情非常不好,因为Deus天 天问她题...因为Deus天天问由乃OI题,所以由乃去学习了一下OI,由于由乃智商挺高,所以OI学的特别熟练她 在RBOI2016中以第一名的成绩进入省队,参加了NOI2016获得了金牌保送 Deus:这个题怎么做呀? yuno:这个不是NOI2014的水题吗... Deu

HDU 2460 Network(双连通+树链剖分+线段树)

HDU 2460 Network 题目链接 题意:给定一个无向图,问每次增加一条边,问个图中还剩多少桥 思路:先双连通缩点,然后形成一棵树,每次增加一条边,相当于询问这两点路径上有多少条边,这个用树链剖分+线段树处理 代码: #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <vector> using namespace std; #pragma comment(linke

【bzoj1959】[Ahoi2005]LANE 航线规划 离线处理+树链剖分+线段树

题目描述 对Samuel星球的探险已经取得了非常巨大的成就,于是科学家们将目光投向了Samuel星球所在的星系——一个巨大的由千百万星球构成的Samuel星系. 星际空间站的Samuel II巨型计算机经过长期探测,已经锁定了Samuel星系中许多星球的空间坐标,并对这些星球从1开始编号1.2.3……. 一些先遣飞船已经出发,在星球之间开辟探险航线. 探险航线是双向的,例如从1号星球到3号星球开辟探险航线,那么从3号星球到1号星球也可以使用这条航线. 例如下图所示: 在5个星球之间,有5条探险航